2013年全国高考理综试题及答案-重庆卷

2013年重庆高考理综试卷及解析

物理（共110分）

一、选择题（本大题共5小题，每小题6分，共30分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求）

1．如题1图所示，某人静躺在椅子上，椅子的靠背与水平面之间有固定倾斜角θ。若此人所受重力为G，则椅子各部分对他的作用力的合力大小为

A．G B．Gsinθ

C．Gcosθ D．Gtanθ

解析：对人，由整体法，据二力平衡知合力大小为G，选A。

2．铀是常用的一种核燃料，若它的原子核发生了如下的裂变反应：则a+b可能是

A．B．

C．D．

解析：由质量数守恒和电荷数守恒，选D。

3．如题3图所示，高速运动的α粒子被位于O点的重原子核散射，实线表示α粒子运动的轨迹，M、N和Q为轨迹上的三点，N点离核最近，Q点比M点离核更远，则

A．α粒子在M点的速率比在Q点的大

B．三点中，α粒子在N点的电势能最大

C．在重核产生的电场中，M点的电势比Q点的低

D．α粒子从M点运动到Q点，电场力对它做的总功为负功

解析：重核带正电，周围电势为正，且离核越近电势越高，电势能与动能总和守恒，选B。

4． 题4图1为伽利略研究自由落体运动实验的示意图，让小球由倾角为θ的光滑斜面滑下，然后在不同的θ角条件下进行多次实验，最后推理出自由落体运动是一种匀加速直线运动。分析该实验可知，小球对斜面的压力、小球运动的加速度和重力加速度与各自最大值的比值y随θ变化的图像分别对应题4图2中的

A．①、②和③ B．③、②和①

C．②、③和① D．③、①和②

解析：受力分析解得，压力，加速度，重力加速度恒为，比值分别按余弦、正弦、常数函数规律变化，选B。

5．如题5图所示，一段长方体形导电材料，左右两端面的边长都为a和b，内有带电量为q的某种自由运动电荷。导电材料置于方向垂直于其前表面向里的匀强磁场中，内部磁感应强度大小为B。当通以从左到右的稳恒电流I时，测得导电材料上、下表面之间的电压为U，且上表面的电势比下表面的低。由此可得该导电材料单位体积内自由运动电荷数及自由运动电荷的正负分别为

A．，负 B．，正

C．，负 D．，正

解析：此题考查霍尔效应模型，，重力加速度恒为，带入解得，选C。

二、非选择题（本大题共4小题，共68分）

6．（19分）（1）我国舰载飞机在“辽宁舰”上成功着舰后，某课外活动小组以舰载飞机利用阻拦索着舰的力学问题很感兴趣。他们找来了木板、钢球、铁钉、橡皮条以及墨水，制作了如图6（1）图所示的装置，准备定量研究钢球在橡皮条阻拦下前进的距离与被阻拦前速率的关系。要达到实验目的，需直接测量的物理量是钢球由静止释放时的 和在橡皮条阻拦下前进的距离，还必须增加的一种实验器材是 。忽略钢球所受的摩擦力和空气阻力，重力加速度已知，根据 定律（定理），可得到钢球被阻拦前的速率。

（2）某同学对有故障的电热毯进行探究。题6（2）图1是电热毯的电路示意图，其中电热线和导线通过金属接线片连接。题6（2）图2为测试电路实物图，A、B为测试表笔，电压表内阻很大，可视为理想电表。

①请在答题卡虚线框内画出与题6（2）图2对应的电路图。

②断开K₁，用上述测试电路在1和1′之间检测得知电热线无故障，然后测得电热线的U—I曲线如题6（2）图3所示。已知电热线材料的电阻率为2.8×10^-7Ω·m，电热线的直径为0.200mm。可求得此电热线的电阻为 KΩ，总长度为 m。（结果均保留两位有效数字）

③为了进一步检查故障，该同学闭合开关K₁和K₂，用表笔A和B分别对题6（2）图1中所示的各点进行测试，部分测试结果如下表所示。由此测试结果可判断出电路有断路，位置在 之间（在“1和2”、“1′和2′”、“2和3”、“2′和3′”中选填一项）。

解析：(1)此题考查探究初速度与物体运动位移的关系，由机械能守恒定律或动能定理可求得初速度（已知高度），用刻度尺可测长度或高度。

(2)将实物图转化为电路图如图。根据6（2）图3知图像的斜率为0.58，由

带入解得，由1和之间有电流，1和之间无电流知断路处为和之间。

7．（15）小明在研究性学习中设计了一种可测量磁感应强度的实验，其装置如题7图所示。在该实验中，磁铁固定在水平放置的电子测力计上，此时电子测力计的计数为G₁，磁铁两极之间的磁场可视为水平匀强磁场，其余区域磁场不计。直铜条AB的两端通过导线与一电阻连接成闭合回路，总阻值为R。若让铜条水平且垂直于磁场，以恒定的速率v在磁场中竖直向下运动，这时电子测力计的计数为G₂，铜条在磁场中的长度L。

（1）判断铜墙条所受安培力的方向，G₁和G₂哪个大？

（2）求铜条匀速运动时所受安培力的大小和磁感应强度的大小。

解析：（1）由右手定则和左手定则知安培力方向向上，且。

（2）

8．（16分）如题8图所示，半径为R的半球形陶罐，固定在可以绕竖直轴旋转的水平转台上，转台转轴与过陶罐球心O的对称轴OO′重合。转台以一定角速度ω匀速转动，一质量为m的小物块落入陶罐内，经过一段时间后，小物块随陶罐一起转动且相对罐壁静止，它和O点的连线与OO′之间的夹角θ为60°。重力加速度大小为g。

（1）若ω=ω₀，小物块受到的摩擦力恰好为零，求ω₀；

（2）ω=（1±k）ω₀，且0＜k<<1，求小物块受到的摩擦力大小和方向。

解析：（1）对m，

（2）当时， 物块有向内运动的趋势， 静摩擦力沿切线向外

同理当时, 静摩擦力沿切线向内，

9．（18分）在一种新的“子母球”表演中，让同一竖直线上的小球A和小球B，从距水平地面高度为ph（p＞1）和h的地方同时由静止释放，如题9图所示。球A的质量为m，球B的质量为3m。设所有碰撞都是弹性碰撞，重力加速度大小为g，忽略球的直径、空气阻力及碰撞时间。

（1）求球B第一次落地时球A的速度大小；

（2）若球B在第一次上升过程中就能与球A相碰，求p的取值范围；

（3）在（2）情形下，要使球A第一次碰后能到达比其释放点更高的位置，求p应满足的条件。

解析：（1）

（2）

（3）

三、选做题（第10题和第11题各12分，考生从中选做一题，若两题都做，则按第10题计分，其中选择题仅有一个正确选项，请将正确选项的标号填入答题卡上对应的位置）

10．【选修3—3】

（1）（6分）某未密闭房间的空气温度与室外的相同，现对该室内空气缓慢加热，当室内空气温度高于室外空气温度时，

A．室内空气的压强比室外的小

B．室内空气分子的平均动能比室外的大

C．室内空气的密度比室外大

D．室内空气对室外空气做了负功

（2）（6分）汽车未装载货物时，某个轮胎内气体的体积为v₀，压强为p₀；装载货物后，该轮胎内气体的压强增加了Δp。若轮胎内气体视为理想气体，其质量、温度在装载货物前后均不变，求装载货物前后此轮胎内气体体积的变化量。

解析：（1）温度是分子热运动平均动能的标志，选B

（2）

11．【选修3—4】

（1）（6分）一列简谐波沿直线传播，某时刻该列波上正好经过平衡位置的两质点相距6m，且这两质点之间的波峰只有一个，则该简谐波可能的波长为

A．4m、6m和8m B．6m、8m和12m

C．4m、6m和12m D．4m、8m和12m

（2）（6分）利用半圆柱形玻璃，可减小激光束的发散程度。在题11（2）图所示的光路中，A为激光的出射点，O为半圆柱形玻璃横截面的圆心，AO过半圆顶点。若某条从A点发出的与AO成α角的光线，以入射角i入射到半圆弧上，出射光线平行于AO，求此玻璃的折射率。

解析：（1）或或解得4，6，12

（2）

2013年普通高等学校招生全国统一考试（重庆卷）

2013年高考化学试题(重庆卷)

[2013高考∙重庆卷∙1]在水溶液中能大量共存的一组离子是

A．Na⁺、Ba²⁺、Cl^—、NO₃^—B．Pb²⁺、Hg²⁺、S^2—、SO₄^2—

C．NH₄⁺、H⁺、S₂O₃^2—、PO₄^3—D．Ca²⁺、Al³⁺、Br^—、CO₃^2—

1.A【解析】Na⁺、Ba²⁺、Cl^-、NO₃^-离子间不能发生反应，在同一溶液中可以大量共存，A项正确；Pb²⁺与SO₄^2-可生成PbSO4沉淀、Pb²⁺、Hg²⁺可与S^2-形成沉淀，B项错误；H⁺与S₂O₃^2-在溶液中发生歧化反应生成S与SO₂，C项错误；Ca²⁺可与CO₃^2-形成CaCO₃沉淀、此外Al³⁺与CO₃^2-可发生双水解反应而不能共存，D项错误。

[2013高考∙重庆卷∙2]下列说法正确的是

A．KClO₃和SO₃溶于水后能导电，故KClO₃和SO₃为电解质

B．25℃时、用醋酸溶液滴定等浓度NaOH溶液至pH＝7，V_醋酸＜V_NaOH

C．向NaAlO₂溶液中滴加NaHCO₃溶液，有沉淀和气体生成

D．AgCl易转化为AgI沉淀且K(AgX)＝c(Ag⁺)∙c(X^—)，故K(AgI)＜K(AgCl)

2.D【解析】SO₃溶于水能导电是因SO₃与H₂O反应生成H₂SO₄发生电离、液态SO₃不能发生电离，故SO₃是非电解质，A项错误；因醋酸是弱电解质，故25℃时，醋酸滴定NaOH溶液至至中性时，溶液中溶质为CH₃COOH与CH₃COONa，因此所需溶液体积为：V(CH₃COOH)＞V(NaOH)，B项错误；向NaAlO₂溶液中滴加NaHCO₃溶液发生反应：AlO₂^-+HCO₃^-+H₂O＝Al(OH)₃↓+CO₃^2-，C项错误；沉淀易转化为更难溶沉淀，越难溶物质其饱和溶液中电离出相应离子浓度越小，故可知K(AgI)＜K(AgCl)，D项正确。

[2013高考∙重庆卷∙3]下列排序正确的是

A．酸性：H₂CO₃＜C₆H₅OH＜CH₃COOH　 B．碱性：Ba(OH)₂＜Ca(OH)₂＜KOH

C．熔点：MgBr₂＜SiCl₄＜BND．沸点：PH₃＜NH₃＜H₂O

3.D【解析】苯酚的酸性小于碳酸，A项错误；元素的金属性越强，其最高价氧化物对应水化物的碱性越强，因此碱性：Ba(OH)₂＞Ca(OH)₂,B项错误；SiCl₄为分子晶体，熔点低于离子晶体MgBr₂，C项错误；NH₃分子间存在氢键，沸点反常大于PH₃，H₂O分子间存在氢键，常温下为液态，在H₂O、NH₃、PH₃中沸点最高，D项正确。

[2013高考∙重庆卷∙4]按以下实验方案可从海洋动物柄海鞘中提取具有抗肿瘤活性的天然产物：

下列说法错误的是

A．步骤(1)需要过滤装置 B．步骤(2)需要用到分液漏斗

C．步骤(3)需要用到坩埚 D．步骤(4)需要蒸馏装置

4.C【解析】步骤（1）是分离固液混合物，其操作为过滤，A项正确；步骤（2）分离互不相溶的液体混合物，需进行分液，要用到分液漏斗，B项正确；步骤(3)是从溶液中得到固体，操作为蒸发，需要蒸发皿，C项错误；步骤（4）是从有机化合物中，利用沸点不同采取蒸馏得到甲苯，D项正确。

[2013高考∙重庆卷∙5]有机物X和Y可作为“分子伞”给药载体的伞面和中心支撑架(未表示出原子或原子团的空间排列)。

下列叙述错误的是

A．1mol X在浓硫酸作用下发生消去反应，最多生成3mol H₂O

B．1mol Y发生类似酯化的反应，最多消耗2mol X

C．X与足量HBr反应，所得有机物的分子式为C₂₄H₃₇O₂Br₃

D．Y和癸烷的分子链均呈锯齿形，但Y的极性较强

5.B【解析】1molX中含有3mol醇羟基，因此在浓硫酸作用下发生消去反应时，最多可生成3molH₂O，A项正确；Y中“-NH₂与-NH-”中H原子可与X中X中羧基发生类似酯化反应的取代反应，结合X、Y结构简式可知1molY发生类似酯化反应的反应，最多可消耗3molX，B项错误；X与HBr在一定条件下反应时，-Br取代X中-OH，C项正确；Y中含有氨基，因此极性大于癸烷，D项正确。

[2013高考∙重庆卷∙6]已知：P₄(g)+6Cl₂(g)＝4PCl₃(g) △H＝a kJ∙mol^—1

P₄(g)+10Cl₂(g)＝4PCl₅(g) △H＝b kJ∙mol^—1

P₄具有正四面体结构，PCl₅中P－Cl键的键能为c kJ∙mol^—1，PCl₃中P－Cl键的键能为

1.2c kJ∙mol^—1。

下列叙述正确的是

A．P－P键的键能大于P－Cl键的键能

B．可求Cl₂(g)+ PCl₃(g)＝4PCl₅(g)的反应热△H

C．Cl－Cl键的键能为(b－a+5.6c)/4 kJ∙mol^—1

D．P－P键的键能为(5a－3b+12c)/8 kJ∙mol^—1

6.C【解析】原子半径P＞Cl,因此P-P键键长大于P-Cl键键长，则P-P键键能小于P-Cl键键能，A项错误；利用“盖斯定律”，结合题中给出两个热化学方程式可求出Cl₂(g)+PCl₃(g)＝PCl₅(g)△H＝（b-a）/4KJ·mol^-1，但不知PCl₅(g)＝PCl₅(s)的△H，因此无法求出Cl₂(g)+PCl₃(g)＝PCl₅(s)的△H，B项错误；利用Cl₂(g)+PCl₃(g)＝PCl₅(g)△H＝（b-a）/4KJ·mol^-1可得E(Cl-Cl)+3×1.2c-5c＝（b-a）/4，因此可得E(Cl-Cl)＝(b-a+5.6c)/4kJ·mol^-1，C项正确；由P₄是正四面体可知P₄中含有6个P-P键，由题意得6E(P-P)+10×(b-a+5.6c)/4－4×5c＝b，解得E(P-P)＝（2.5a-1.5b+6c）/6 kJ·mol^-1，D项错误。

[2013高考∙重庆卷∙7]将E和F加入密闭容器中，在一定条件下发生反应：E(g)+F(s)2G(g)。忽略固体体积，平衡时G的体积分数(%)随温度和压强的变化如下表所示：

① b＜f ② 915℃、2.0MPa时E的转化率为60%

③ 该反应的△S＞0 ④ K(1000℃)＞K(810℃)

上述①~④中正确的有

A．4个 B．3个 C．2个 D．1个

7.A【解析】同温下，增大压强，平衡逆向进行，平衡时G的体积分数变小，故可知c＞75.0＞54.0＞a＞b，利用c＞75.0＞54.0可知同压下，升温平衡正向移动，即正反应为吸热反应，从而可知f＞75.0，所以①正确；在915℃、2M Pa下，设E的起始量为amol，转化率为x，则平衡时G的量为2ax，由题意得2ax/(a-ax+2ax)＝75%,解得x＝0.6，②正确；该题是气体体积增大的反应，因此为熵增反应，③正确；结合前面分析知升温平衡正向移动，则平衡常数增大，④正确，故正确答案为：A。

[2013高考∙重庆卷∙8](14分)合金是建造航空母舰的主体材料。

1. 航母升降机可由铝合金制造。
   ① 铝元素在周期表中的位置为 。工业炼铝的原料由铝土矿提取而得。提取过程中通入的气体为 。
   ② Al-Mg合金焊接前用NaOH溶液处理Al₂O₃膜，其化学方程式为 。
   焊接过程中使用的保护气为 (填化学式)。
2. 航母舰体为合金钢。
   ① 舰体在海水中发生的电化学腐蚀主要为 。
   ② 航母用钢可由低硅生铁冶炼而成，则在炼铁过程中为降低硅含量需加入的物质为 。
3. 航母螺旋桨主要用铜合金制造。

① 80.0gCu-Al合金用酸完全溶解后，

加入过量氨水，过滤得白色沉淀

39.0g，则合金中Cu的质量分数

为 。

② 为分析某铜合金的成分，用酸将

其完全溶解后，用NaOH溶液调pH，当pH＝3.4时开始出现沉淀，分别在pH为7.0、8.0时过滤沉淀。结合题8图信息推断该合金中除铜外一定含有 。

8.(14分)（1）① 第三周期第ⅢA族 CO₂②Al₂O₃+2NaOH＝2NaAlO₂+H₂OAr（其他合理答案均可得分）

（2）①吸氧腐蚀 ②CaCO₃或CaO （3）①83.1% ②Al、Ni

【解析】（1）①Al的核外电子层数为3，最外层电子数为3，因此位于周期表中第三周期第ⅢA族；工业冶炼铝的原料是Al₂O₃，由铝土矿中提取Al₂O₃的方法一般是将铝土矿溶于NaOH溶液，使Al转化为AlO₂^-，然后通入CO₂气体使AlO₂^-转化为Al(OH)₃沉淀，然后再将Al(OH)₃沉淀加热即可得到Al₂O₃。②在焊接过程中为防止Al、Mg等金属发生氧化反应，需在Ar等惰性气体保护下焊接。（2）①舰体的主要成分为钢铁（含少量碳的铁碳合金），因此在海水中因形成原电池发生吸氧腐蚀；②冶炼过程可加入CaCO₃或CaO与硅形成硅酸盐，作为炉渣除去从而降低硅含量。（3）①Cu²⁺在过量氨水中易形成络离子，因此得到39.0g白色沉淀为Al(OH)₃沉淀，利用原子守恒可知80.0gCu-Al合金中含有m(Al)＝27g·mol^-1×39.0g/78g·mol^-1＝13.5g，故该合金中铜的质量分数为（80.0g-13.5g）/80.0g＝83.1%；②利用图示，结合题中信息可知开始出现沉淀为Al(OH)₃、pH=8.0时过滤除去Ni(OH)₂，因此该铜合金中还含有Al、Ni。

[2013高考∙重庆卷∙9](15分)某研究小组利用题9图装置探究温度对CO还原Fe₂O₃的影响(固定装置略)

题9图

1. MgCO₃的分解产物为 。
2. 装置C的作用是 ，处理尾气的方法为 。
3. 将研究小组分为两组，按题9图装置进行对比实验，甲组用酒精灯、乙组用酒精喷灯对装置D加热，反应产物均为黑色粉末(纯净物)。两组分别用产物进行以下实验：

①乙组得到的黑色粉末是 。

②甲组步骤1中反应的离子方程式为 。

③乙组步骤4中，溶液变红的原因为 ，溶液褪色可能的原因及其验证方法为 。

④从实验安全考虑，题9图装置可采取的改进措施是 。

9.（15分）MgO、CO₂（2）除CO₂ 点燃 （3）①Fe ②Fe₃O₄+8H⁺＝2Fe³⁺+Fe²⁺+4H₂O

③Fe²⁺被氧化为Fe³⁺，Fe³⁺遇SCN^-显红色；假设SCN^-被Cl₂氧化，向溶液中加入KSCN溶液，若出现红色，则假设成立（其他合理答案均可得分） ④在装置B C之间添加装置E防倒吸（其他合理答案均可得分）

【解析】（1）难溶的碳酸盐受热易分解为氧化物和CO₂，因此MgCO₃受热分解得到产物是MgO与CO₂。（2）结合实验目的可知在装置B处，CO₂与Zn作用生成CO气体，进入后面装置进行实验，故装置C中NaOH是用来吸收CO中混有的CO₂气体；CO气体不一定完全反应，因此尾气中会有CO，可利用其可燃性采取点燃法来进行尾气处理。（3）①利用黑色固体可溶于盐酸并产生气体，结合“原子守恒”可知用酒精喷灯的乙组实验得到的固体为Fe；②利用甲组现象可知Fe₂O₃与CO在酒精灯加热的条件下，Fe₂O₃被还原得到黑色固体为Fe₃O₄，由此可写出反应的离子方程式；③因Fe³⁺遇SCN^-显红色，所以步骤4中溶液变红是溶液中Fe²⁺被Cl₂氧化为Fe³⁺所致、溶液褪色的原因可能是Cl₂将SCN^-氧化，若该假设成立，则溶液中还存在Fe³⁺，再继续加入KSCN溶液则溶液变红；④若B处停止加热后，C中液体易倒吸入B中引起玻璃管炸裂，因此可采取的改进措施是在装置B C之间添加装置E防倒吸。

[2013高考∙重庆卷∙10](15分)华法林是一种治疗心脑血管疾病的药物，可由化合物E和M在一定条件下合成得到(部分反应条件略)。

(1) A的名称为 ，A→B的反应类型为 。

(2) D→E的反应中，加入的化合物X与新制Cu(OH)₂反应产生红色沉淀的化学方程式为 。

(3) G→J为取代反应，其另一产物分子中的官能团是 。

(4) L的同分异构体Q是芳香酸，Q R(C₈H₇O₂Cl) S T，T的核磁共振氢谱只有两组峰，Q的结构简式为 。

(5) 题10图中，能缩合成体型高分子化合物的酚类单体是 。

(6) 已知：L→M的原理为 ① C₆H₅OH+C₂H₅OCR C₆H₅OCR+C₂H₅OH和

② R₁CCH₃+C₂H₅OCR₂R₁CCH₂CR₂+C₂H₅OH，M的结构简式为 。

10.（15分）（1）丙炔，加成反应 （2）C₆H₅CHO+2Cu(OH)₂+NaOHC₆H₅COONa+Cu₂O↓+3H₂O

（3）-COOH或羧基

（4）

（5）苯酚 （6）

【解析】（1）A中含有碳碳三键，属于炔烃，故可知A→B是乙炔与H₂O发生加成反应。（2）利用D、E的结构简式知E是D与X（苯甲醛）发生反应生成E与H₂O，苯甲醛可与新制氢氧化铜浊液发生氧化还原反应生成苯甲酸与砖红色氧化亚铜沉淀、水，反应溶液为碱性，因此生成苯甲酸又与碱反应生成本甲酸盐，由此可知X（苯甲醛）与新制氢氧化铜浊液反应的化学方程式。（3）G为乙酸酐，G与苯酚生成J同时，还生成乙酸，乙酸中含有的官能团是-COOH。（4）利用L的结构简式可知满足条件的Q为甲基苯甲酸，再利用T的结构特点可知Q为对甲基苯甲酸；光照时甲基上的一个H被Cl取代，故R→S为氯代烃的水解反应。（5）苯酚可与甲醛缩合成体型高分子化合物。（6）结合题中已知和M的分子式容易得出M的结构简式。

[2013高考∙重庆卷∙11](14分)化学在环境保护中趁着十分重要的作用，催化反硝化法和电化学降解法可用于治理水中硝酸盐的污染。

1. 催化反硝化法中，H₂能将NO₃^—还原为N₂，
   25℃时，反应进行10min，溶液的pH由7变为12。
   ①N₂的结构式为 。
   ②上述反应离子方程式为 ，
   其平均反应速率v(NO₃^—)为 mol ∙L^—1∙min^—1
   ③还原过程中可生成中间产物NO₂^—，写出3
   种促进NO₂^—水解的方法 。
2. 电化学降解NO₃^—的原理如题11图所示。

①电源正极为 (填“A”或“B”)，

阴极反应式为 。

②若电解过程中转移了2mol电子，则膜两侧

电解液的质量变化差(△m_左－△m_右)为 g。

11.（1）①N≡N ②2NO₃^-+5H₂N₂+2OH^-+4H₂O 0.001 ③加酸，升高温度，加水

（2）①A， 2NO₃^-+6H₂O+10e^-＝N₂+12OH^-②14.4

【解析】（1）①N₂分子中氮原子间通过氮氮三键结合，因此其结构式为N≡N；②利用溶液pH变化可知有OH^-生成，再结合原子守恒可写出反应的离子方程式；利用离子方程式知v(NO₃^-)＝v(OH^-)＝(10^-2-10^-7)/10＝0.001mol/(L·min)；③水解是吸热反应，NO₂^-水解使溶液中c(OH^-)变大，因此可促进NO₂^-水解的措施有加热、加水或加酸等。（2）①由图示知在Ag-Pt电极上NO₃^-发生还原反应，因此Ag-Pt电极为阴极，则B为负极，A为电源正极；在阴极反应是NO₃^-得电子发生还原反应生成N₂，利用电荷守恒与原子守恒知有H₂O参与反应且有OH^-生成；②转移2mol电子时，阳极（阳极反应为H₂O失电子氧化为O₂和H⁺）消耗1mol水，产生2molH⁺进入阴极室，阳极室质量减少18g；阴极室中放出0.2molN₂（5.6g），同时有2molH⁺（2g）进入阴极室，因此阴极室质量减少3.6g，故膜两侧电解液的质量变化差（△m_左-△m_右）＝18g-3.6g＝14.4g。

：2013年普通高等学校招生全国统一考试（重庆卷）

理科综合能力测试 生物 解析

生物部分（共90分）

一．选择题（本大题共6小题，每小题6分，共36分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求）

1.下列有关细胞质组成的叙述，正确的是

A.在人体活细胞中氢原子的数目最多

B.DNA和RNA分子的碱基组成相同

C.多糖在细胞中不与其他分子相结合

D.蛋白质区别于脂质的特有元素是氮

答案：A

【解析】在活细胞中含量最多的化合物是H₂O，含量最多的有机物是蛋白质，数量最多的元素是氢，A正确；DNA是脱氧核糖核酸，基本组成单位是脱氧核苷酸，由脱氧核糖、磷酸和含氮碱基三部分组成，含氮碱基有4种，A、G、C、T,RNA是核糖核酸，基本组成单位是核糖核苷酸，由核糖、磷酸和含氮碱基三部分组成，含氮碱基有A、G、C、U四种，所以DNA和RNA的碱基组成不完全相同，B错；在细胞的表面，有与细胞识别、信息传递有关的糖蛋白，它是多糖和蛋白质结合而成，C错；蛋白质的元素组成主要有C、H、O、N,还有少量的P、S,脂质的元素主要是C、H、O,某些脂质如磷脂还有N、P,D错。

【命题透析】本题主要考查了组成细胞的物质—元素和化合物，最多的元素，最多的化合物，最多的有机物，这是部分考生容易混淆的；DNA和RNA都是核酸，二者之间有一些相同点，也有一些不同点，应该区分清楚；多糖是否可以和其他物质结合；蛋白质的元素组成有哪些，脂质与脂肪是一样的吗，元素组成上有哪些不同。所以，在复习之时，教师应该就这些容易混淆的知识给学生做好澄清。本题容易。

2.题2图是单克隆抗体制备流程的简明示意图。下列有关叙述，正确的是

A.①是从已免疫的小鼠脾脏中获得的效应T淋巴细胞

B.②中使用胰蛋白酶有利于杂交瘤细胞的形成

C.③同时具有脾脏细胞和鼠骨髓瘤细胞的特性

D.④是经筛选培养获得的能分泌特异性抗体的细胞群

答案：D

【解析】本题考查了单克隆抗体的制备过程，①是从已免疫的小鼠体内获得的效应B细胞（浆细胞），A错；②过程是细胞融合，常用的方法除了物理的方法外，化学诱导剂是聚乙二醇（PEG）,生物诱导剂常用灭火的仙台病毒，而胰蛋白酶用于获得单个的动物细胞和细胞培养过程中，B错；③是融合的细胞，如果只考虑两两融合，则包括浆细胞自身的融合，骨髓瘤细胞的自身融合，浆细胞和骨髓瘤细胞的融合三种情况，C错；④是经筛选培养获得的能分泌特异性抗体的细胞群，它同时具有浆细胞分泌特异性抗体的特点，同时又具有骨髓瘤细胞无限增殖的特点，D对。

【命题透析】本题考查了单克隆抗体的制备过程，各个细胞的名称和主要特点，既考查了免疫的知识，又涉及到了细胞培养，细胞融合和细胞筛选。难度不大。

3.下列与实验相关的叙述，错误的是

A.马铃薯块茎捣碎后的提取液可检测出蛋白质

B.光学显微镜可用于观察植物细胞的质壁分离现象

C.检测酵母菌培养过程中是否产生CO₂可判断其呼吸方式

D.在95％乙醇中加入无水Na₂CO₃后可提高色素的溶解度

4.少数人注射青霉素后出现胸闷、气急和呼吸困难等过敏（超敏）反应症状，严重者发生休克。以下有关叙述，正确的是

A.青霉素过敏反应的主要原因是机体免疫防御功能低下

B.青霉素引起的病理性免疫反应，具有特异性和记忆性

C.机体初次接触青霉素后，活化的浆细胞分泌淋巴因子

D.已免疫的机体再次接触青霉素后会发生自身免疫反应

答案：B

【解析】过敏反应是指已免疫的机体在再次接受相同物质的刺激时所发生的反应。反应的特点是发作迅速、反应强烈、消退较快；一般不会破坏组织细胞，也不会引起组织损伤，有明显的遗传倾向和个体差异。青霉素过敏反应不是机体免疫防御功能低下，而是免疫失调，把不是抗原的物质当成了抗原，A错；青霉素引起的过敏反应是特异性免疫中的体液免疫，具有特异性和记忆性，B对；要发生青霉素过敏反应的机体，初次接触青霉素，活化的浆细胞分泌抗体，吸附在了某些细胞的表面，C错；已免疫的机体再次接触青霉素后会发生过敏反应，D错。

【命题透析】过敏反应在老的人教版和现行的北师版讲得仔细，而新人教版比较粗略，这就需要我们的教师利用手边的资料和固有的知识储备，做出适当的补充，只要理清了过敏反应的机制，区分好了过敏反应和自身免疫病，过敏反应是一种特殊的不正常的体液免疫就能准确答题。本题难度中。

5.某兴趣小组拟用组织培养繁殖一种名贵花卉，其技术路线为“取材→消毒→愈伤组织培养→出芽→生根→移栽”。下列有关叙述，错误的是

A.消毒的原则是既杀死材料表面的微生物，又减少消毒剂对细胞的伤害

B.在愈伤组织培养中加入细胞融合的诱导剂，可获得染色体加倍的细胞

C.出芽是细胞再分化的的结果，受基因选择性表达的调控

D.生根时，培养基通常应含α-萘乙酸等生长素类调节剂

答案：B

【解析】在植物组织培养中，对已经选用的材料消毒，是为了杀死材料表面的微生物，又减少消毒剂对细胞的伤害，A对；在植物体细胞杂交中，要先加入纤维素酶和果胶酶以除去细胞壁，再加入细胞融合的诱导剂，才能得到融合的细胞，获得染色体加倍的细胞，B错；细胞分化是相同细胞的后代在形态结构和生理功能上发生稳定性差异的过程，是基因选择性表达的结果，再分化也是受基因选择性表达的调控，C对； 外植体脱分化形成愈伤组织，再分化形成具有根芽的胚状体，在这一过程中要加入生长素和细胞分裂素，α-萘乙酸为生长素类调节剂，D对。

【命题透析】本题考查了植物的组织培养，脱分化和再分化，植物体细胞杂交的方法和步骤，细胞分化的实质，在植物组织培养中植物激素的使用等知识，难度中等。

6.题6图是水生植物黑藻在光照等环境因素影响下光合速率变化的示意图。下列有关叙述，正确的是

A.t₁—t₂，叶绿体类囊体膜上的色素吸收光能增加，基质中水光解加快，O₂释放增多

B.t₂—t3，暗反应（碳反应）限制光合作用。若在t2时刻增加光照，光合速率将提高

C.t₃—t₄，光照强度不变，光合速率的提高是由于光反应速率不变、暗反应速率增强的结果

D.t₄后短暂时间内，叶绿体中ADP和Pi含量升高，C₃化合物还原后的直接产物含量降低

二．非选择题（本大题共3小题，共54分）

7.（20分）

I.马拉松长跑是一项超强体育运动，需要运动员有良好的身体素质。请回答下列有关问题：

（1）运动员出发后心跳加快，是 调节的结果；运动停止后心跳并不立即恢复到正常水平，原因之一是激素调节具有 的特点。

（2）出发后体温逐渐升高，一段时间后在较高水平上维持相对稳定，这是 达到动态平衡的结果；途中运动员大量出汗，造成血浆的 升高，故应及时补充水分。

（3）长时间跑步会感到疲劳，但运动员仍能坚持跑完全程，控制该行为的中枢是 。

答案：7.（20分）

I. （1）神经和体液 作用时间较长

（2）产热和散热 渗透压

（3）大脑皮层

【解析】（1）在马拉松长跑中运动员出发后心跳加快是由于交感神经释放的肾上腺素递质能使心跳加快，心肌收缩力加强，使血循环加快，以提供更多的O₂和能量，这是神经和体液调节的结果；运动停止后心跳并不立即恢复到正常水平，原因之一是激素调节具有作用时间较长的特点。

（2）出发后在神经和体液调节作用下，肌肉细胞新陈代谢增强，物质氧化分解速率加快，产热增多，体温逐渐升高，一段时间后在较高水平上维持相对稳定，这是产热和散热达到动态平衡的结果；途中运动员大量出汗，水分丢失多，细胞外液渗透压升高，造成血浆的渗透压升高，故应及时补充水分。

（3）长时间跑步会感到疲劳，但运动员仍能坚持跑完全程，控制该行为的中枢是大脑皮层。

【命题透析】本题考查了生命活动的调节和稳态，神经调节和体液调节的区别，体温的调节，水分的调节，神经的中枢等知识。

II.某山区坡地生态环境破坏严重，人们根据不同坡度，分别采取保护性耕作、经济林种植和封山育林对其进行了治理。

（1）陡坡在封山育林若干年内，经历了一年生草本、多年生草本和灌木三个阶段，其典型物种的种群密度变化如题7--II图所示。调查植物种群密度常用的方法是 。图中，0---a物种①密度上升，原因是在适宜条件下，物种①的 ；b---c物种 ①逐渐消失，物种②密度逐渐降低到相对稳定，原因是物种②能耐受 ；c点后在适宜气候条件下群落中最终占主导地位的植物类型是 。

（2）该坡地经治理后，既扩大了植被覆盖面积、增加了对大气中 的固定，又提高了经济产出，初步实现了生态效益和经济效益的同步发展。

答案：II.

（1）样方法 出生率大于死亡率 弱光 乔木

（2）碳元素（CO₂）

8.（20分）某一单基因遗传病家庭，女儿患病，其父母和弟弟表现型均正常。

（1）根据家族病史，该病的遗传方式是 ；母亲的基因型是 （用A,a表示）；若弟弟人群中表现型正常的女性结婚，其子女患病的概率是 （假设人群中致病基因频率是1／10.结果用分数表示。）在人群中男女的概率相等，原因是男性在形成生殖细胞时 自由组合。

（2）检测发现，正常人体中一条多肽链（由146个氨基酸组成）在患者体内为仅含前45个氨基酸的异常多肽链。异常多肽链产生的根本原因是 ，由此导致正常mRNA第 位密码子变为终止密码子。

（3）分子杂交技术可用于基因诊断，其基本过程是用标记的DNA单链探针与 进行杂交。若一种探针能直接检测一种基因，对上述疾病进行产前基因诊断时，需要 种探针。若该致病基因转录的mRNA分子为“┄ACUUAG┄”,则基因探针序列为 ；为制备大量探针，可用 技术。

8.（20分）答案：

（1）常染色体隐性遗传 Aa 1／33 常染色体和性染色体

（2）基因突变 46

（3）目的基因（待测基因） 2 ACTTAG（TGAATC） PCR

【命题透析】本题考查了遗传病的判断，基因型的书写，概率的计算，减数分裂，基因突变和翻译，DNA探针，PCR技术等，本题情景新颖，信息量大，很灵活，难度中上。

9.（14分）研究发现豚鼠血清对人淋巴瘤细胞有抑制作用，而对正常细胞无影响。进一步研究发现，发挥作用的物质是L—天冬酰胺酶，它能将L—天冬酰胺分解，而淋巴瘤细胞自身不能合成该氨基酸，增殖被抑制。

（1）为验证该酶对两种细胞的影响，某兴趣小组进行了以下实验。

实验材料：正常细胞 淋巴瘤细胞 培养基（含细胞生长所需物质） L—天冬酰胺酶

实验步骤：

a.分组

实验组：培养基+L—天冬酰胺酶+淋巴瘤细胞

对照组：培养基+

b.适宜条件下培养后，观察细胞生长状况，检测L—天冬酰胺含量。

实验结果（如下表）：

结果分析：

该实验利用了酶的 特性；表中①应为 ；对照组细胞内L—天冬酰胺含量正常的原因是 。

（2）患者多次静脉注射该外源性酶后疗效降低，是因为发生了 反应；该酶口服无效，原因是 。

（3）根据实验结果，你认为理想的抗肿瘤药物应该具有的特性是 。

9（14分）答案：

（1）L—天冬酰胺酶+正常细胞 专一性 抑制 能合成L--天冬酰胺（有合成L--天冬酰胺的酶）

（2）免疫（拮抗） 酶被分解失活

（3）对肿瘤细胞有专一性杀伤作用，对正常细胞无影响

【解析】：

（1）分组：根据生物学实验遵循对照和单一变量的原则，实验组：培养基+L—天冬酰胺酶+淋巴瘤细胞，对照组：培养基+ L—天冬酰胺酶+正常细胞，由于淋巴瘤细胞自身不能合成天冬酰胺这种氨基酸，增殖被抑制，而对照组的正常细胞能合成天冬酰胺，所以能正常增殖，实验组的培养液和细胞内没有天冬酰胺，对照组的细胞内含有，而培养液中没有天冬酰胺，在这个实验中，利用了酶的专一性。

（2）患者多次静脉注射该外源性酶后疗效降低，是因为发生了免疫反应反应，外源性酶是蛋白质作为抗原而存在，进入机体后机体发生免疫反应，产生的抗体与之结合失去疗效，多次注射，机体中有记忆细胞，当外源性酶再次进入机体，记忆细胞会迅速增殖分化，产生更强的免疫反应，作用更快，更强，故疗效降低；该酶口服无效，原因是在消化道内，酶作为蛋白质被蛋白酶分解失活而失去疗效。

（3）根据实验结果，理想的抗肿瘤药物应该具有对肿瘤细胞有专一性杀伤作用，对正常细胞无影响的特性。

【命题透析】本题情景新颖，灵活地考查了学生生物学实验的设计，酶的相关知识，免疫的知识，蛋白质的特点等。难度中上。

参考答案：2013年普通高等学校招生全国统一考试（重庆卷）理科综合能力测试试卷生物

一．选择题（本大题共6小题，每小题6分，共36分）

1.A 2.D 3.C 4.B 5.B 6.D

二．非选择题（本大题共3小题，共54分）

7.（20分）

I.

（1）神经和体液 作用时间较长

（2）产热和散热 渗透压

（3）大脑皮层

II.

（1）样方法 出生率大于死亡率 弱光 乔木

（2）碳元素（CO₂）

8.（20分）

（1）常染色体隐性遗传 Aa 1／33 常染色体和性染色体

（2）基因突变 46

（3）目的基因（待测基因） 2 ACTTAG（TGAATC） PCR

9（14分）

（1）L—天冬酰胺酶+正常细胞 专一性 抑制 能合成L--天冬酰胺（有合成L--天冬酰胺的酶）

（2）免疫（拮抗） 酶被分解失活

（3）对肿瘤细胞有专一性杀伤作用，对正常细胞无影响