2021浙江高考数学难不难
06月08日
湖南师大附中2018届高三月考试卷(六)
数 学(理科)
命题人:吴锦坤 张汝波 审题人:黄祖军
本试题卷包括选择题、填空题和解答题三部分,共10页.时量120分钟.满分150分.
第Ⅰ卷
一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分,在每小题的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
(2)设p:ln(2x-1)≤0,q:(x-a)[x-(a+1)]≤0,若q是p的必要而不充分条件,则实数a的取值范围是(A)
(C)(-∞,0]∪ (D)(-∞,0)∪
【解析】由p得:<x≤1 ,由q得:a≤x≤a+1,又q是p的必要而不充分条件,所以a≤且a+1≥1,∴0≤a≤.
(3)某学校的两个班共有100名学生,一次考试后数学成绩ξ(ξ∈N)服从正态分布N(100,102),已知P(90≤ξ≤100)=0.3,估计该班学生数学成绩在110分以上的人数为(A)
【解析】由题意知,P(ξ>110)==0.2,
∴该班学生数学成绩在110分以上的人数为0.2×100=20.
(4)某几何体的三视图如图所示,则其体积为(C)
【解析】该几何体是:在棱长为2的正方体中,连接相邻面的中心,以这些线段为棱的一个正八面体.可将它分割为两个四棱锥,棱锥的底面为正方形且边长为,高为正方体边长的一半,∴V=2×()2×1=.
(5)我国古代数学著作《九章算术》有如下问题:“今有器中米,不知其数,前人取半,中人三分取一,后人四分取一,余米一斗五升.问,米几何?”如图是解决该问题的程序框图,执行该程序框图,若输出的S=2.5 (单位:升),则输入k的值为(D)
(C)7.5 (D)10
【解析】模拟程序的运行,可得n=1,S=k,
满足条件n<4,执行循环体,n=2,S=k-=,
满足条件n<4,执行循环体,n=3,S=-=,
满足条件n<4,执行循环体,n=4,S=-=,
此时,不满足条件n<4,退出循环,输出S的值为,
根据题意可得:=2.5,计算得出:k=10.所以D选项是正确的.
(6)将函数f=cos+,的图像向左平移个单位,得到函数y=g的图像,若y=g在上为增函数,则ω的最大值为(B)
【解析】由题意,f=2sin,先利用图像变换求出g的解析式:g=f=2sin,即g=2sinωx,其图像可视为y=sinx仅仅通过放缩而得到的图像.若ω最大,则要求周期T取最小,由为增函数可得:x=应恰好为g的第一个正的最大值点,
∴ω=ω=2.
(7)已知x,y满足约束条件若ax+y取得最大值的最优解不唯一,则实数a的值为(C)
【解析】由题中约束条件作可行域如右图所示:
令z=ax+y,化为y=-ax+z,即直线y=-ax+z的纵截距取得最大值时的最优解不唯一.
当-a>2时,直线y=-ax+z经过点A(-2,-2)时纵截距最大,此时最优解仅有一个,故不符合题意;
当-a=2时,直线y=-ax+z与y=2x+2重合时纵截距最大,此时最优解不唯一,故符合题意;
当-1<-a<2时,直线y=-ax+z经过点B(0,2)时纵截距最大,此时最优解仅有一个,故不符合题意;
当-a=-1时,直线y=-ax+z与y=-x+2重合时纵截距最大,此时最优解不唯一,故符合题意;
当-a<-1时,直线y=-ax+z经过点C(2,0)时纵截距最大,此时最优解仅有一个,故不符合题意.
综上,当a=-2或a=1时最优解不唯一,符合题意.故本题正确答案为C.
(8)若直线ax+by-2=0(a>0,b>0)始终平分圆x2+y2-2x-2y=2的周长,则+的最小值为(D)
(C) (D)
【解析】直线平分圆周,则直线过圆心f(1,1),所以有a+b=2,+=(a+b)=≥=(当且仅当b=a时取“=”),故选D.
(9)把7个字符a,a,a,b,b,α,β排成一排,要求三个“a”两两不相邻,且两个“b”也不相邻,则这样的排法共有(B)
【解析】先排列b,b,α,β,若α,β不相邻,有AC种,若α,β相邻,有A种,共有6+6=12种,从所形成的5个空中选3个插入a,a,a,共有12C=120种,若b,b相邻时,从所形成的4个空中选3个插入a,a,a,共有6C=24,故三个“a”两两不相邻,且两个“b”也不相邻,这样的排法共有120-24=96种.
(10)设椭圆C:+=1(a>b>0)的右焦点为F,椭圆C上的两点A、B关于原点对称,且满足·=0,|FB|≤|FA|≤2|FB|,则椭圆C的离心率的取值范围是(A)
【解析】作出椭圆左焦点F′,由椭圆的对称性可知,四边形AFBF′为平行四边形,又·=0,即FA⊥FB,故平行四边形AFBF′为矩形,所以|AB|=|FF′|=2c.
设AF′=n,AF=m,则在直角三角形ABF中m+n=2a,m2+n2=4c2 ①,得mn=2b2 ②,
①÷②得+=,令=t,得t+=.
又由|FB|≤|FA|≤2|FB|得=t∈[1,2],∴t+=∈,故离心率的取值范围是.
(11)在△ABC中,AB=2,AC=2,BC=2,AB+AC=8,E,F,G分别为AB,BC,AC三边中点,将△BEF,△AEG,△GCF分别沿EF、EG、GF向上折起,使A、B、C重合,记为S,则三棱锥S-EFG的外接球面积最小为(D)
【解析】根据题意,三棱锥S-EFG的对棱分别相等,将三棱锥S-EFG补充成长方体,
则对角线长分别为,,, 设长方体的长宽高分别为x,y,z,
则x2+y2=m,y2+z2=10,x2+z2=n,∴x2+y2+z2=5+,
∴三棱锥S-EFG的外接球直径的平方为5+,
而+=4,≥=4,∴5+≥9,
∴三棱锥S-EFG的外接球面积最小为4π·=9π,所以D选项是正确的.
(12)已知函数f(x)=若x1<x2且f(x1)=f(x2),则x2-x1的取值范围是(B)
(C) (D)
【解答】作出函数f(x)=的图像如右,
由x1<x2,且f(x1)=f(x2),可得0≤x2<,-x2+1=e-x1-1,即为-x1=ln,
可得x2-x1=x2+ln,令g(x2)=x2+ln,0≤x2<,
g′(x2)=1+=.
当0≤x2<时,g′(x2)>0,g(x2)递增;当<x2<时,g′(x2)<0,g(x2)递减.
则g(x2)在x2=处取得极大值,也为最大值ln+,g(0)=ln 2,g=,由<ln 2,
可得x2-x1的范围是.故选B.
第Ⅱ卷
本卷包括必考题和选考题两部分.第(13)~(21)题为必考题,每个试题考生都必须作答.第(22)~(23)题为选考题,考生根据要求作答.
二、填空题,本大题共4小题,每小题5分,共20分.
(13)将八进制数705(8)化为三进制的数是__121210(3)__.
【解析】705(8)=7×82+0×8+5×80=453, 根据除k取余法可得453=121210(3).
(14)计算:=__2__.
(15)已知P是双曲线-=1右支上一点,F1,F2分别是双曲线的左、右焦点,O为坐标原点,点M,N满足=λ,=μ,·=0.若||=3,则以O为圆心,ON为半径的圆的面积为__49π__.
【解析】由=μ知PN是∠MPF2的角平分线,又·=0,故延长F2N交PM于K,则PN是△PF2K的角平分线又是高线,故△PF2K是等腰三角形,|PK|=|PF2|=3,因为||=3,故||=11,故||=14,注意到N还是F2K的中点,所以ON是△F1F2K的中位线,||=||=7,所以以O为圆心,ON为半径的圆的面积为49π.
(16)如图,在△ABC中,BE平分∠ABC,sin∠ABE=,AB=2,点D在线段AC上,且=2,BD=,则BE=____.
【解析】由条件得cos∠ABC=,sin∠ABC=.
在△ABC中,设BC=a,AC=3b,则9b2=a2+4-a ①.
因为∠ADB与∠CDB互补,所以cos∠ADB=-cos∠CDB,=-,
所以3b2-a2=-6 ②,联立①②解得a=3,b=1,所以AC=3,BC=3.
S△ABC=·AC·ABsinA=×3×2×=2,
S△ABE=·BE·BAsin∠EBA=×2×BE×=BE.
S△BCE=·BE·BCsin∠EBC=×3×BE×=BE.
由S△ABC=S△ABE+S△BCE,得2=BE+BE,∴BE=.
三、解答题:共70分,解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.
(17)(本小题满分12分)
设数列{an}满足a=an+1an-1+λ(a2-a1)2,其中n≥2,且n∈N,λ为常数.
(Ⅰ)若{an}是等差数列,且公差d≠0,求λ的值;
(Ⅱ)若a1=1,a2=2,a3=4,且数列{bn}满足an·bn=n-7对任意的n∈N*都成立.
①求数列的前n项之和Sn;
②若m·an≥n-7对任意的n∈N*都成立,求m的最小值.
【解析】(Ⅰ)由题意,可得a=(an+d)(an-d)+λd2,(2分)
化简得(λ-1)d2=0,又d≠0,所以λ=1.(3分)
(Ⅱ)①将a1=1,a2=2,a3=4代入条件,可得4=1×4+λ,解得λ=0,(4分)
所以a=an+1an-1,则数列是首项为1,公比q=2的等比数列,
所以an=2n-1,从而bn=,(6分)
所以Sn=+++…+,
Sn=+++…+,
两式相减得:Sn=+++…+-=-5+;
所以Sn=-10+.(8分)
②m·2n-1≥n-7,所以m≥对任意n∈N*都成立.
由bn=,则bn+1-bn=-=,
所以当n>8时,bn+1<bn;
当n=8时,b9=b8;
当n<8时,bn+1>bn.
所以bn的最大值为b9=b8=,所以m的最小值为.(12分)
(18)(本小题满分12分)
阿尔法狗(AlphaGo)是第一个击败人类职业围棋选手、第一个战胜围棋世界冠军的人工智能程序,由谷歌(Google)公司的团队开发.其主要工作原理是“深度学习”.2017年5月,在中国乌镇围棋峰会上,它与排名世界第一的世界围棋冠军柯洁对战,以3比0的总比分获胜.围棋界公认阿尔法围棋的棋力已经超过人类职业围棋顶尖水平.
为了激发广大中学生对人工智能的兴趣,某市教育局组织了一次全市中学生“人工智能”软件设计竞赛,从参加比赛的学生中随机抽取了30名学生,并把他们的比赛成绩按五个等级进行了统计,得到如下数据表:
成绩等级 | A | B | C | D | E |
成绩(分) | 5 | 4 | 3 | 2 | 1 |
人数(名) | 4 | 6 | 10 | 7 | 3 |
(Ⅰ)根据上面的统计数据,试估计从本市参加比赛的学生中任意抽取一人,其成绩等级为“A或B”的概率;
(Ⅱ)根据(Ⅰ)的结论,若从该地区参加比赛的学生(参赛人数很多)中任选3人,记X表示抽到成绩等级为“A或B”的学生人数,求X的分布列及其数学期望EX;
(Ⅲ)从这30名学生中,随机选取2人,求“这两个人的成绩之差大于1分”的概率.
【解析】(Ⅰ)根据统计数据可知,从本地区参加比赛的30名中学生中任意抽取一人,其成绩等级为“A或B”的概率为:+=,(2分)
即从本地区参加比赛的学生中任意抽取一人,其成绩等级为“A或B”的概率为.(3分)
(Ⅱ)由题意知随机变量X可取0,1,2,3,则X~B.
P(x=k)=C(k=0,1,2,3),(5分)
所以X的分布列为:
X | 0 | 1 | 2 | 3 |
P |
(6分)
则E(x)=3×=1,所求期望值为1.(7分)
(Ⅲ)设事件M:从这30名学生中,随机选取2人,这两个人的成绩之差大于1分.
设从这30名学生中,随机选取2人,记两个人的成绩分别为m,n,
则基本事件的总数为C,不妨设m>n,
当m=5时,n=3,2,1,基本事件的个数为C(C+C+C);
当m=4时,n=2,1,基本事件的个数为C(C+C);
当m=3时,m=1,基本事件的个数为CC;
P(M)=.(12分)
(19)(本小题满分12分)
如图,在四棱锥A-EFCB中,△AEF为等边三角形,平面AEF⊥平面EFCB,EF∥BC,BC=4,EF=2a,∠EBC=∠FCB=60°,O为EF的中点.
(Ⅰ)求二面角F-AE-B的余弦值;
(Ⅱ)若点M为线段AC上异于点A的一点,BE⊥OM,求a的值.
【解析】(Ⅰ)因为△AEF是等边三角形,O为EF的中点,所以AO⊥EF,
又因为平面AEF⊥平面EFCB,平面AEF∩平面EFCB=EF,
AO平面AEF,所以AO⊥平面EFCB,
取BC的中点G,连结OG,
由题设知四边形EFCB是等腰梯形,所以OG⊥EF,
由AO⊥平面EFCB,又GO平面EFCB,所以AO⊥GO,
建立如图所示空间直角坐标系,
则E,A,B,=,
=,
设平面AEB的法向量为n=,
则即
令z=1,则x=,y=-1,于是n=,
又平面AEF的一个法向量为p=,设二面角F-AE-B为θ,
所以cosθ=cos〈n,p〉==-.(6分)
(Ⅱ)由(Ⅰ)知AO⊥平面EFCB,又BE平面EFCB,所以AO⊥BE,
又OM⊥BE,AO∩OM=O,
所以BE⊥平面AOC,所以BE⊥OC,即·=0,
因为=,=,
所以·=-2-3,
由·=0及0<a<2,解得a=.(12分)
(20)(本小题满分12分)
已知椭圆C:+=1(a>b>0)的一个焦点为(,0),A为椭圆C的右顶点,以A为圆心的圆与直线y=x相交于P,Q两点,且·=0,=3.
(Ⅰ)求椭圆C的标准方程和圆A的方程;
(Ⅱ)不过原点的直线l与椭圆C相交于M,N两点,设直线OM,直线l,直线ON的斜率分别为k1,k,k2,且k1,k,k2成等比数列.
①求k的值;
②是否存在直线l使得满足=λ+μ(λ2+μ2=1,λ·μ≠0)的点D在椭圆C上?若存在,求出直线l的方程;若不存在,请说明理由.
【解析】(Ⅰ)如图,设T为线段PQ的中点,连接AT,
则AT⊥PQ,∵·=0,
即AP⊥AQ,
则|AT|=|PQ|,
又=3,则|OT|=|PQ|,
∴=,即=,
由已知c=,则a2=4,b2=1,
故椭圆C的方程为+y2=1;(2分)
又|AT|2+|OT|2=4,则|AT|2+4|AT|2=4|AT|=,r=|AP|=,
故圆A的方程为(x-2)2+y2=.(4分)
(Ⅱ)①设直线l的方程为y=kx+m(m≠0),M(x1,y1),N(x2,y2),
由(1+4k2)x2+8kmx+4(m2-1)=0,(5分)
则x1+x2=-,x1x2=,(6分)
由已知k2=k1k2===k2+,(7分)
则km(x1+x2)+m2=0,即-+m2=0k2=k=±.(8分)
②假设存在直线l满足题设条件,且设D(x0,y0),
由=λ+μ,得x0=λx1+μx2,y0=λy1+μy2,
代入椭圆方程得:+(λy1+μy2)2=1,
即:λ2+μ2++2λμy1y2=1,
则x1x2+4y1y2=0,即x1x2+4(kx1+m)(kx2+m)=0,
则(1+4k2)x1x2+4km(x1+x2)+4m2=0,
所以(1+4k2)·-+4m2=0,
化简得:2m2=1+4k2,而k2=,则m=±1,(11分)
此时,点M,N中有一点在椭圆的上顶点(或下顶点),与k1,k,k2成等比数列相矛盾,
故这样的直线不存在.(12分)
(21)(本小题满分12分)
已知函数f(x)=ax+x2-xlna(a>0,a≠1).
(Ⅰ)讨论函数f(x)的单调性;
(Ⅱ)若存在x1,x2∈[-1,1],使得|f(x1)-f(x2)|≥e-1(e为自然对数的底数),求a的取值范围.
【解析】(Ⅰ)f′(x)=axlna+2x-lna=2x+(ax-1)lna,(1分)
当a>1时,lna>0,
x∈(0,+∞),f′(x)>0,f(x)单调递增,
x∈(-∞,0),f′(x)<0,f(x)单调递减;(2分)
当0<a<1时,lna<0,
x∈(0,+∞),f′(x)>0,f(x)单调递增,
x∈(-∞,0),f′(x)<0,f(x)单调递减.(3分)
综上:x∈(0,+∞)时,f(x)单调递增,x∈(-∞,0)时,f(x)单调递减.(4分)
(Ⅱ)不等式等价于:|f(x1)-f(x2)|max≥e-1,
即f(x)max-f(x)min≥e-1,(5分)
由(Ⅰ)知,函数的最小值为f(0)=1,f(x)max=max,
而f(1)-f(-1)=(a+1-lna)-=a--2lna,
设g(a)=a--2lna,则g′(a)=1+-=>0,
所以g(a)=a--2lna在(0,+∞)单调递增,而g(1)=0,
故a>1时,g(a)>0,即f(1)>f(-1);(7分)
0<a<1时,g(a)<0,即f(1)<f(-1).(8分)
所以当a>1时,原不等式即为:f(1)-f(0)≥e-1a-lna≥e-1,
设h(a)=a-lna(a>1),h′(a)=1-=>0,故函数h(a)单调递增,
又h(e)=e-1,则a≥e;(10分)
当0<a<1时,原不等式即为:f(-1)-f(0)≥e-1+lna≥e-1,
设m(a)=+lna(0<a<1),m′(a)=-+=<0,故函数m(a)单调递减,
又m=e-1,则0<a≤.(11分)
综上,所求a的取值范围是∪[e,+∞).(12分)
请考生在第(22)、(23)两题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题计分.
(22)(本小题满分10分)
在直角坐标系xOy中,直线l的参数方程为 (t为参数).在以坐标原点为极点,x轴正半轴为极轴的极坐标系中,曲线C:ρ=4cos.
(Ⅰ)求直线l的普通方程和曲线C的直角坐标方程;
(Ⅱ)设曲线C与直线l的交点为A,B, Q是曲线上的动点,求△ABQ面积的最大值.
【解析】(Ⅰ)由消去t得x+y-5=0,所以直线l的普通方程为x+y-5=0.
由ρ=4cos=4cosθ+4sinθ,得ρ2=4ρcosθ+4ρsinθ.
将ρ2=x2+y2,ρcosθ=x,ρsinθ=y代入上式,得x2+y2=4x+4y,即(x-2)2+(y-2)2=8.
所以曲线C的直角坐标方程为(x-2)2+(y-2)2=8.(5分)
(Ⅱ)由(Ⅰ)知,曲线C是以(2,2)为圆心,2为半径的圆,直线l过定点P(3,2),P在圆内,
将直线的参数方程代入圆的普通方程,得2t2-2t-7=0,t1+t2=1,t1·t2=-.
所以|AB|=|t1-t2|=,又因为圆心到直线的距离d==,
故△ABQ面积的最大值为S△ABQ=××=.(10分)
(23)(本小题满分10分)
已知函数f(x)=|2x+1|+|2x-1|.
(Ⅰ)求f(x)的值域;
(Ⅱ)若对任意实数a和b,|2a+b|+|a|-|a+b|·f(x)≥0,求实数x的取值范围.
【解析】(Ⅰ)∵f(x)=∴f(x)≥2.
∴f(x)的值域为[2,+∞).(5分)
(Ⅱ)当a+b=0,即a=-b时,|2a+b|+|a|-|a+b|f(x)≥0可化为2|b|-0·f(x)≥0,
即2|b|≥0恒成立,∴x∈R.
当a+b≠0时,∵|2a+b|+|a|=|2a+b|+|-a|≥|(2a+b)-a|=|a+b|,
当且仅当(2a+b)(-a)≥0,即(2a+b)a≤0时,等号成立,
即当(2a+b)a≤0时,=1.∴的最小值等于1.
∵|2a+b|+|a|-|a+b|·f(x)≥0≥f(x),∴f(x)≤1,即f(x)≤2.
由(Ⅰ)知f(x)≥2,∴f(x)=2.当且仅当-≤x≤时,f(x)=2.
综上所述,实数x的取值范围是.(10分)