2021浙江高考数学难不难
06月08日
2019学年重庆市南开中学高三(上)月考数学试卷(文科)
一、选择题:本大题12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个备选项中.只有一项是符合题目要求的.
1.(5分)设,则(1)
A.4B.2C.0D.
2.(5分)已知,,则
A.,B.,C.,D.,
3.(5分)命题“对,都有”的否定为
A.对,都有
B.在上的最小值小于在上的最大值
C.使得
D.使得
4.(5分)已知函数,则
A.2B.4C.6D.8
5.(5分)已知函数且曲线在处的切线为,则曲线在处的切线的斜率为
A.2B.4C.6D.8
6.(5分)某三棱锥的三视图如图所示,则该三棱锥的体积为
A.B.C.D.1
7.(5分)已知函数满足,且在,时,,设,(2),(3),则
A.B.C.D.
8.(5分)函数的部分图象大致为
A.B.
C.D.
9.(5分)已知函数,若(a)(b),则的取值范围是
A.B.C.D.
10.(5分)已知,,则
A.B.C.D.
11.(5分)已知函数,则关于的方程的解个数不可能为
A.3B.4C.5D.6
12.(5分)设函数,若有且仅有一个正实数,使得对任意的正实数都成立,则
A.B.1C.2D.3
二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.
13.(5分)若是的充分不必要条件,则实数的取值范围为 .
14.(5分)设实数,满足,则的取值范围是 .
15.(5分)已知直三棱柱的各顶点都在球的球面上,且,,若球的体积为,则这个直三棱柱的体积等于 .
16.(5分)若过点,,,可作曲线的切线恰有两条,则的最小值为 .
三、解答题(共5小题,满分60分)
17.(12分)设函数
求的单调区间;
求函数在区间上的最小值.
18.(12分)已知函数,,(a),其中,
求
若(1)且(1),求的取值范围.
19.(12分)如图在四棱锥中,底面是等腰梯形,且平面,,,平行四边形,,,的四个顶点分别在棱、、、的中点.
(1)求证:四边形是矩形;
(2)求四棱锥的体积.
20.(12分)已知椭圆的中心在原点,以坐标轴为对称轴,且经过两点,.
求椭圆的方程;
设椭圆在、两点的切线分别为、,为椭圆上任意一点,点到直线、的距离分别为、,证明:存在直线,使得点到的距离(其中满足恒为定值,并求出这一定值.
21.(12分)设函数
若,讨论函数的单调性并求极值;
若在恒成立,求实数的取值范围.
选做题:[选修4-4:坐标系与参数方程](共1小题,满分10分)
22.(10分)在直角坐标系中,以坐标原点为极点,轴正半轴为极轴建立极坐标系,圆的极坐标方程为、直线的参数方程为为参数)设直线与圆交于,两点,点的直角坐标为.
求直线与圆的直角坐标方程;
求的值.
[选修4-5不等式选讲]
23.设,.
若的最大值为,解关于的不等式;
若存在实数使关于的方程有解,求实数的取值范围.
2016-2017学年重庆市南开中学高三(上)10月月考数学试卷(文科)
参考答案与试题解析
一、选择题:本大题12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个备选项中.只有一项是符合题目要求的.
1.(5分)设,则(1)
A.4B.2C.0D.
【考点】63:导数的运算
【专题】11:计算题;33:函数思想;:定义法;52:导数的概念及应用
【分析】先求导,再代值计算即可
【解答】解:,
则(1),
故选:.
【点评】本题考查了导数的运算法则,属于基础题
2.(5分)已知,,则
A.,B.,C.,D.,
【考点】:交集及其运算
【专题】37:集合思想;:定义法;:集合
【分析】由函数的定义域和值域的定义,化简集合,,再由交集的定义,即可得到所求集合.
【解答】解:,
,
则,.
故选:.
【点评】本题考查集合的交集的求法,注意运用函数的定义域和值域的求法,考查定义法和运算能力,属于基础题.
3.(5分)命题“对,都有”的否定为
A.对,都有
B.在上的最小值小于在上的最大值
C.使得
D.使得
【考点】:命题的否定
【专题】11:计算题;38:对应思想;:定义法;:简易逻辑
【分析】利用全称命题的否定是特称命题,写出结果即可.
【解答】解:因为全称命题的否定是特称命题,
所以命题,,则命题的否定是:使得.
故选:.
【点评】本题主要考查含有量词的命题的否定,比较基础.
4.(5分)已知函数,则
A.2B.4C.6D.8
【考点】:函数的值;:分段函数的应用
【专题】11:计算题;49:综合法;51:函数的性质及应用
【分析】利用分段函数以及函数的解析式,直接求解函数值即可.
【解答】解:函数,
则(1).
故选:.
【点评】本题考查分段函数以及函数值的求法,是基础题.
5.(5分)已知函数且曲线在处的切线为,则曲线在处的切线的斜率为
A.2B.4C.6D.8
【考点】:利用导数研究曲线上某点切线方程
【专题】34:方程思想;48:分析法;52:导数的概念及应用
【分析】先根据曲线在点,(1)处的切线方程为,可得(1),再利用函数,可知,从而求出(1),即可得到所求切线的斜率.
【解答】解:曲线在点,(1)处的切线方程为,
(1),
函数,
,
(1)(1),
(1),
即曲线在处的切线的斜率为4.
故选:.
【点评】本题考查的重点是曲线在某点处切线的斜率,解题的关键是利用导数的几何意义.
6.(5分)某三棱锥的三视图如图所示,则该三棱锥的体积为
A.B.C.D.1
【考点】:由三视图求面积、体积
【专题】11:计算题;:空间位置关系与距离;:立体几何
【分析】由已知中的三视图可得:该几何体是一个以俯视图为底面的三棱锥,进而可得答案.
【解答】解:由已知中的三视图可得:该几何体是一个以俯视图为底面的三棱锥,
棱锥的底面面积,
高为1,
故棱锥的体积,
故选:.
【点评】本题考查的知识点是由三视图,求体积和表面积,根据已知的三视图,判断几何体的形状是解答的关键.
7.(5分)已知函数满足,且在,时,,设,(2),(3),则
A.B.C.D.
【考点】:函数的周期性;:函数的值
【专题】16:压轴题;51:函数的性质及应用
【分析】易证函数的周期为2,进而可得,(2),(3)(1),再由函数在,的单调性,可得大小关系.
【解答】解:由题意可得,
可得函数为周期函数,其函数的周期为,
故,(2),(3)(1),
因为在,时,为增函数,
又,故,
故选:.
【点评】本题考查函数的周期性和函数的单调性,属中档题.
8.(5分)函数的部分图象大致为
A.B.
C.D.
【考点】:函数的图象与图象的变换
【专题】11:计算题;33:函数思想;44:数形结合法;51:函数的性质及应用
【分析】先根据函数的奇偶性的定义得到为偶函数,再根据极限的定义可得,问题得以解决.
【解答】解:函数的定义域为,,,
,
为偶函数,
的图象关于轴对称,
,
,
故选:.
【点评】本题考查了函数图象的识别和应用,关键是掌握,属于中档题.
9.(5分)已知函数,若(a)(b),则的取值范围是
A.B.C.D.
【考点】57:函数与方程的综合运用
【专题】38:对应思想;49:综合法;51:函数的性质及应用
【分析】根据的对称性可知且,从而得出关于的二次函数,根据单调性得出答案.
【解答】解:,
的定义域为,且在上单调递减.
.
的图象关于点,对称.
(a)(b),
,,
.
在单调递减,
.
故选:.
【点评】本题考查了函数的单调性判断,对称性判断,属于中档题.
10.(5分)已知,,则
A.B.C.D.
【考点】:对数的运算性质
【专题】11:计算题;33:函数思想;49:综合法;51:函数的性质及应用
【分析】由已知结合对数的换底公式求得及的值,再由对数的运算性质求得.
【解答】解:,,
,,
解得:,
.
故选:.
【点评】本题考查对数的运算性质,考查了换底公式的应用,是基础题.
11.(5分)已知函数,则关于的方程的解个数不可能为
A.3B.4C.5D.6
【考点】53:函数的零点与方程根的关系
【专题】31:数形结合;44:数形结合法;51:函数的性质及应用
【分析】令,求出的范围为,,作出在,上的函数图象,根据图象与一元二次解的情况判断各种情况.
【解答】解:令,则,
作出在,上的函数图象如图所示:
由图象可知(1)当或时,有2解,
而有2解,故而有4解.
(2)当时,有3解,而有2解,故而有6解.
(3)当时,有3解,不妨设为,,,且,则,
而只有一解,各有2解,故而有5解.
故选:.
【点评】本题考查了方程的根与函数图象的关系,考查换元法解题思想,属于中档题.
12.(5分)设函数,若有且仅有一个正实数,使得对任意的正实数都成立,则
A.B.1C.2D.3
【考点】57:函数与方程的综合运用
【专题】33:函数思想;49:综合法;51:函数的性质及应用
【分析】构造函数,判断的单调性,求出的极大值点,从而有.
【解答】解:令,则,
令,则,
当时,,当时,,
为函数的最大值.
若有且仅有一个正实数,使得对任意的正实数都成立,
则为的唯一最大值,
,
又为正实数,
故.
故选:.
【点评】本题考查的知识点是函数恒成立问题,其中构造以为自变量的新函数,并分析函数的单调性,进而将已知转化为解答的关键,属于中档题.
二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.
13.(5分)若是的充分不必要条件,则实数的取值范围为 , .
【考点】29:充分条件、必要条件、充要条件
【专题】11:计算题;35:转化思想;:定义法;:简易逻辑
【分析】将条件关系转化为集合的包含关系;据集合的包含关系得到集合的端点的大小关系,列出不等式,求出的范围.
【解答】解:“”是“”的充分不必要条件
,
故答案为:,
【点评】本题考查利用集合关系来判断条件关系.当时,是的充分条件;当时,是的充分不必要条件;当时,是的充要条件.
14.(5分)设实数,满足,则的取值范围是 , .
【考点】:简单线性规划
【专题】11:计算题;35:转化思想;49:综合法;:不等式
【分析】首先画出可行域,利用目标函数的几何意义求的最值.
【解答】解:由实数,满足,得到可行域如图:由图象得到的范围为,,,,
即,,,,,.
所以则的最小值为;最大值为:;
所以的取值范围是:,
故答案为:,.
【点评】本题考查了简单线性规划问题;关键是正确画出可行域,利用目标函数的几何意义求出其最值,然后根据对勾函数的性质求的范围.
15.(5分)已知直三棱柱的各顶点都在球的球面上,且,,若球的体积为,则这个直三棱柱的体积等于 .
【考点】:棱柱、棱锥、棱台的体积
【专题】11:计算题;31:数形结合;49:综合法;:空间位置关系与距离
【分析】根据直三棱柱的性质和球的对称性,得球心是和△的外心连线段的中点,连接、、、、、.在中利用正、余弦定理算出,由球的体积算出,然后在△中,用勾股定理算出,得三棱柱的高,最后算出底面积,可得此直三棱柱的体积.
【解答】解:设和△的外心分别为、,连接,
可得外接球的球心为的中点,连接、、、、、
中,,
,,
根据正弦定理,得外接圆半径
球的体积为,,
△中,,可得,
直三棱柱的底面积,
直三棱柱的体积为.
故答案为:.
【点评】本题给出直三棱柱的底面三角形的形状和外接球的体积,求此三棱柱的体积,着重考查了球的体积公式式、直三棱柱的性质和球的对称性等知识,属于中档题.
16.(5分)若过点,,,可作曲线的切线恰有两条,则的最小值为 .
【考点】:利用导数研究曲线上某点切线方程
【专题】34:方程思想;:转化法;52:导数的概念及应用;59:不等式的解法及应用
【分析】求出的导数,设切点,,求得切线的方程,代入切点,整理化简可得由条件切线恰有两条,方程恰有两根.令,求出导数,求得极值点,令其中一个极值为0,可得,运用乘1法和基本不等式,计算即可得到所求最小值.
【解答】解:,
过点作曲线的切线,
设切点,,则切线方程为:,
将,代入得:,
即
由条件切线恰有两条,方程恰有两根.
令,,
可得(1)或(a),
即有或(舍去),
则,
当且仅当时,取得等号.
即有的最小值为,
故答案为:,
【点评】本题考查导数的运用:求切线的方程和极值,考查基本不等式的运用:求最值,注意乘1法,考查转化思想和化简整理的运算能力,属于中档题.
三、解答题(共5小题,满分60分)
17.(12分)设函数
求的单调区间;
求函数在区间上的最小值.
【考点】:利用导数研究函数的单调性;:利用导数研究函数的最值
【专题】33:函数思想;:构造法;53:导数的综合应用
【分析】求出导函数,得出函数的单调区间;
求导函数,判断函数在区间上的单调性即可.
【解答】解:
,
当在,时,,函数递增,
当在时,,函数递减,
故函数的增区间为,,减区间为;
,
在区间上大于零,
函数的最小值为.
【点评】本题考查了导函数的应用,利用导函数判断函数的单调性,求出函数的最值.
18.(12分)已知函数,,(a),其中,
求
若(1)且(1),求的取值范围.
【考点】57:函数与方程的综合运用
【专题】11:计算题;35:转化思想;49:综合法;51:函数的性质及应用
【分析】(Ⅰ)推导出,由题意求出,从而(2),由此能求出.
(Ⅱ)出(1),从而,由此能求出的取值范围.
【解答】解:(Ⅰ)函数,,其中,,
,解得或,
解得(舍或,
(a),(a),即(2),
解得,.
(Ⅱ)函数,(1),
(1)且(1),
,,
解得,.
的取值范围是.
【点评】本题考查两数和的求法,考查实数的取值范围的求法,考查函数性质、对数性质及运算法则、不等式等基础知识,突出对分析、推理与计算能力的考查与应用,考查化归与转化思想、函数与方程思想,是中档题.
19.(12分)如图在四棱锥中,底面是等腰梯形,且平面,,,平行四边形,,,的四个顶点分别在棱、、、的中点.
(1)求证:四边形是矩形;
(2)求四棱锥的体积.
【考点】:棱柱、棱锥、棱台的体积
【专题】31:数形结合;44:数形结合法;:空间位置关系与距离
【分析】(1)先利用中位线定理证明四边形为平行四边形,再证明平面,得出,故而得出结论;
(2)先求出三棱锥的体积,则.
【解答】证明:(1)连接,,,,分别是,,,的中点,
,,
,
四边形是平行四边形,
平面,平面,
,
四边形是等腰梯形,,,
,,
,
,又平面,平面,,
平面,平面,
,又,
,
四边形是矩形.
(2),为的中点,
到平面的距离,
,,,
,
.
【点评】本题考查了线面垂直的判定,棱锥的体积计算,属于中档题.
20.(12分)已知椭圆的中心在原点,以坐标轴为对称轴,且经过两点,.
求椭圆的方程;
设椭圆在、两点的切线分别为、,为椭圆上任意一点,点到直线、的距离分别为、,证明:存在直线,使得点到的距离(其中满足恒为定值,并求出这一定值.
【考点】:椭圆的标准方程;:直线与椭圆的综合
【专题】35:转化思想;49:综合法;:圆锥曲线中的最值与范围问题
【分析】(Ⅰ)可设椭圆方程为:,易得,,即得椭圆的方程.
(Ⅱ)可得、的方程分别为,.
可得
当时,恒为定值
【解答】解:(Ⅰ)椭圆的中心在原点,以坐标轴为对称轴,且经过两点,.
可设椭圆方程为:
易得,
椭圆的方程为:
(Ⅱ)可得、的方程分别为,.
设,,则,,.
当,即时,恒为定值.
此时直线:.
【点评】本题考查了椭圆的方程,直线与椭圆的位置关系,考查了定值问题的处理方法,属于中档题.
21.(12分)设函数
若,讨论函数的单调性并求极值;
若在恒成立,求实数的取值范围.
【考点】:利用导数研究函数的单调性;:利用导数研究函数的最值
【专题】33:函数思想;:转化法;53:导数的综合应用
【分析】(Ⅰ)求出函数的导数,解关于导函数的不等式,求出函数的单调区间,从而求出函数的极值即可;
(Ⅱ)求出函数的导数,通过讨论的范围,得到函数的单调性,从而确定的范围即可.
【解答】解:(Ⅰ)时,,,
则,
令,解得:,
令,解得:,
故在递减,在递增,
故的极小值是(1);
(Ⅱ),
由,得,
方程的判别式△,且两根之积为,
故有一正一负2个不同实根,注意到(1),
令,
①时,图象开口向上,(1),
若,即时,,,
故,递减,(1),成立,
若,即时,则,
则,,,,递增,
(1),不成立,
②时,图象开口向下,(1),
,,,递增,(1),不成立,
综上,,.
【点评】本题考查了函数的单调性、极值问题,考查导数的应用以及分类讨论思想,转化思想,是一道综合题.
选做题:[选修4-4:坐标系与参数方程](共1小题,满分10分)
22.(10分)在直角坐标系中,以坐标原点为极点,轴正半轴为极轴建立极坐标系,圆的极坐标方程为、直线的参数方程为为参数)设直线与圆交于,两点,点的直角坐标为.
求直线与圆的直角坐标方程;
求的值.
【考点】:简单曲线的极坐标方程;:参数方程化成普通方程
【专题】11:计算题;35:转化思想;:转化法;:坐标系和参数方程
【分析】(Ⅰ)直线的参数方程消去参数,能求出直线的直角坐标方程,圆的极坐标方程转化为,由此能求出圆的直角坐标方程.
(Ⅱ)记圆心,半径,过作于点,则为中点,设,则,由此能求出结果.
【解答】解:(Ⅰ)直线的参数方程为为参数),
消去参数,得直线的直角坐标方程为:.
圆的极坐标方程为,,
圆的直角坐标方程为,即.
(Ⅱ)记圆心,半径,
过作于点,则为中点,
设,
则.
【点评】本题考查直线与圆的直角坐标方程的求法,考查直角坐标方程、极坐标方程、参数方程的互化等基础知识,突出对分析、推理与计算能力的考查与应用,考查化归与转化思想、函数与方程思想,是中档题.
[选修4-5不等式选讲]
23.设,.
若的最大值为,解关于的不等式;
若存在实数使关于的方程有解,求实数的取值范围.
【考点】57:函数与方程的综合运用
【专题】38:对应思想;49:综合法;51:函数的性质及应用
【分析】求出的值,对的范围进行讨论,去掉绝对值符号解出不等式;
求出的值域,,令,得出的范围.
【解答】解:,的最大值为2,即.
,
或或,
解得.
等式的解集为.
.
的值域为,.
由知的值域为,,
若存在实数使关于的方程有解,则,
即,解得,
实数的取值范围是,.
【点评】本题考查了绝对值不等式的解法,函数存在性问题与最值的关系,属于中档题.
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日期:2019/4/14 18:47:03;用户:tp;邮箱:lsgjgz137@xyh.com;学号:21474120