2021浙江高考数学难不难
06月08日
成都龙泉第二中学2017届高考模拟考试试题(一)
数 学(理工类)
注意事项:
1.本试卷分第1卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡相应位置上.
2.回答第1卷时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑.如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其它答案标号.写在本试卷上无效.
3.回答第Ⅱ卷时,将答案写在答题卡上,写在本试卷上无效.
4.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回.
第Ⅰ卷 选择题(共60分)
一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的
1.已知集合A={x|y=lg(2x-x2)},B={y|y=2x,x>0},R是实数集,则(∁RB)∩A等于
A.[0,1] B.(0,1] C.(-∞,0]D.以上都不对
2. 已知复数,若为纯虚数,则的值为
12.中国宋代的数学家秦九韶曾提出“三斜求积术”,即假设在平面内有一个三角形,边长分别为,三角形的面积可由公式求得,其中为三角形周长的一半,这个公式也被称为海伦-秦九韶公式,现有一个三角形的边长满足,则此三角形面积的最大值为
A.B.C.D.
第Ⅱ卷 非选择题(共90分)
本卷包括必考题和选考题两部分.第13~21题为必考题,每个试题考生都必须作答.第22~23题为选考题,考生根据要求作答.
二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.把各题答案的最简形式写在题中的横线上.
13.若两个非零向量满足,则向量的夹角为, .
14.分别是内角的对边,,,则面积的最大值为____________.
15.已知tanα=3,则sinαsin(﹣α)的值是 .
16.某企业生产甲、乙两种产品,已知生产每吨甲产品要用A原料3吨,B原料2吨,生产每吨乙产品要用A原料1吨,B原料3吨。销售每吨甲产品可获得利润5万元,每吨乙产品可获得利润3万元,该企业在一个生产周期内消耗A原料不超过13吨,B原料不超过18吨,那么该企业可获得最大利润是 万元
三、解答题:(本题包括6小题,共70分。要求写出证明过程或演算步骤)
17.(本小题满分10分)
在△ABC中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c,且满足csinA=acosC.
(1)求角C的大小;
(2)求sinA-cos的最大值,并求取得最大值时角A,B的大小.
如图(1),四边形ABCD为矩形,PD⊥平面ABCD,AB=1,BC=PC=2.作如图(2)折叠:折痕EF∥DC,其中点E,F分别在线段PD,PC上,沿EF折叠后点P叠在线段AD上的点记为M,并且MF⊥CF.
19.(本小题满分12分)
某保险公司利用简单随机抽样方法,对投保车辆进行抽样,样本车辆中每辆车的赔付结果统计如下:
赔付金额(元) | 0 | 1 000 | 2 000 | 3 000 | 4 000 |
车辆数(辆) | 500 | 130 | 100 | 150 | 120 |
20.(本小题满分12分)
已知直线l的方程为y=x+2,点P是抛物线y2=4x上到直线l距离最小的点,点A是抛物线上异于点P的点,直线AP与直线l交于点Q,过点Q与x轴平行的直线与抛物线y2=4x交于点B.
(Ⅰ)求点P的坐标;
(Ⅱ)证明直线AB恒过定点,并求这个定点的坐标.
21.(本小题满分12分)
设函数f(x)=lnx+.
(Ⅰ)求函数f(x)的单调区间;
(Ⅱ)若a=2,证明:对任意的实数x>0,都有f(x)>e-x.
请考生在第22、23题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题记分。作答时请写清题号。
22.(本小题满分10分)【选修4—4:坐标系与参数方程】
在极坐标系中,曲线的方程为,点.以极点为原点,极轴为轴的正半轴建立直角坐标系.
(1)求直线的参数方程和曲线的直角坐标方程;
(2)若直线与曲线交于、两点,求的值.
23.(本小题满分10分)选修4-5:不等式选讲.
设函数f(x)=|x+1|+|2x﹣1|的最小值为a.
(1)求a的值;
(2)已知m,n>0,m+n=a,求的最小值.
成都龙泉第二中学2017届高考模拟考试试题(一)
数 学(理工类)参考答案
1—5 BDBDC 6—10 CBBDC 11—12 BA
13.14. 15. ﹣ 16. 27
17.解:(1)由正弦定理得sinCsinA=sinAcosC.
因为0<A<π,所以sinA>0.
从而sinC=cosC.
又cosC≠0,所以tanC=1,则C=.
(2)由(1)知,B=-A,于是
sinA-cos=sinA-cos(π-A)
=sinA+cosA=2sin.
因为0<A<,所以<A+<.从而当A+=,即A=时,2sin取最大值2.
综上所述,sinA-cos的最大值为2,此时A=,B=.
18.(1)证明 ∵PD⊥平面ABCD,AD⊂平面ABCD,∴PD⊥AD,
又四边形ABCD是矩形,∴CD⊥AD,
∵PD⊂平面PCD,CD⊂平面PCD,且PD∩CD=D,
∴AD⊥平面PCD,∵CF⊂平面PCD,∴AD⊥CF,
又MF⊥CF,MF∩AD=M,
∴CF⊥平面MDF.
(2)解 ∵PD⊥平面ABCD,
∴PD⊥CD,又CD=AB=1,PC=2,∴PD=.
由(1)知CF⊥平面MDF,∴CF⊥DF.
∴由S△PCD=PD×CD=PC×DF得DF=,
∴CF==,
∵EF∥CD,∴=,
∴DE=×DP=.
∴S△CDE=CD×DE=×1×=.
∵AD⊥平面PCD,即MD⊥平面CDE,且ME=PE=PD-ED=,∴MD===,
∴三棱锥M-CDE的体积为VM-CDE=S△CDE×MD=××=.
19.解 (1)设A表示事件“赔付金额为3 000元”,B表示事件“赔付金额为4 000元”,以频率估计概率得
P(A)==0.15,P(B)==0.12.
由于投保金额为2 800元,赔付金额大于投保金额对应的情形是3 000元和4 000元,所以其概率为P(A)+P(B)=0.15+0.12=0.27.
(2)设C表示事件“投保车辆中新司机获赔4 000元”,由已知,样本车辆中车主为新司机的有0.1×1 000=100(辆),而赔付金额为4 000元的车辆中,车主为新司机的有0.2×120=24(辆),所以样本车辆中新司机车主获赔金额为4 000元的频率为=0.24,由频率估计概率得P(C)=0.24.
20.解:(Ⅰ)设点P的坐标为(x0,y0),则,
所以,点P到直线l的距离.
当且仅当y0=2时等号成立,此时P点坐标为(1,2).…
(Ⅱ)设点A的坐标为,显然y1≠2.
当y1=﹣2时,A点坐标为(1,﹣2),直线AP的方程为x=1;
当y1≠﹣2时,直线AP的方程为,
化简得4x﹣(y1+2)y+2y1=0;
综上,直线AP的方程为4x﹣(y1+2)y+2y1=0.
与直线l的方程y=x+2联立,可得点Q的纵坐标为.
因为,BQ∥x轴,所以B点的纵坐标为.
因此,B点的坐标为.
当,即时,直线AB的斜率.
所以直线AB的方程为,
整理得.
当x=2,y=2时,上式对任意y1恒成立,
此时,直线AB恒过定点(2,2),
当时,直线AB的方程为x=2,仍过定点(2,2),
故符合题意的直线AB恒过定点(2,2).…
21.(Ⅰ)定义域为x>0,f′(x)=-=
①当a≤0时,f′(x)>0,f(x)在(0,+∞)上单调递增,
②当a>0时,令f′(x)=0,有x=,
x | |||
f′(x) | - | 0 | + |
f(x) | | 极小值 | |
所以f(x)的单调减区间为,单调增区间为.6分
综合①②,当a≤0时,f′(x)在(0,+∞)上单调递增;当a>0时,f(x)的单调减区间为,单调增区间为.
(Ⅱ)要证明f(x)>e-x,即证明elnx+>,
下面先证明:ex≥x+1(x≥0).
构造函数h(x)=ex-(x+1)(x≥0),h′(x)=ex-1.
令h′(x)=0得x=0,当x≥0时,h′(x)≥0即h(x)在10,+∞)上单调递增.
∴h(x)=ex-(x+1)≥h(0)=0.
于是有ex>x+1,x>0.
∴当x>0时,ex-1>x.
从而<.9分
接下来只需证:elnx+≥,
即证:elnx+≥0,
令F(x)=elnx+(x>0),则F′(x)=-=,
所以F(x)在上单调递减,上单调递增,
即F(x)≥F=0,
∵x=时,ex-1>x,
∴0<<,
∴elnx+>.(12分)
22.解:(1)(为参数),;(2).
试题解析:(1)∵化为直角坐标可得,,
∴直线的参数方程为:
∵,
∴曲线的直角坐标方程:,得:,
∴,,
∴.
23.选修4-5:不等式选讲
解:1)函数f(x)=|x+1|+|2x﹣1|=,故函数的减区间为(﹣∞,],增区间为(,+∞),
故当x=时,函数f(x)取得最小值为a=. --5分
(2)已知m,n>0,m+n=a=,∴=(+)•=1+++4]=+(+)
≥+•2=6,当且仅当=时,取等号,
故的最小值为6.---------------------10