最新!2022湖南物理高考真题及答案解析出炉
06月11日
遵义四中2018届高三第一次月考试卷(文数)
命题人:缪华涛 审题人:高三数学备课组
注意事项:
1.本试卷共分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分,满分150分;考试时间120分钟。
2.考试开始前,用黑色签字笔将答题卡上的姓名,班级,准考证号填写清楚,并在相应位置粘贴条形码。
3.客观题答题时,请用2B铅笔答题;主观题答题时,请用黑色签字笔在答题卡相应的位置答题;在规定区域以外的答题不给得分;在试卷上作答无效。
第Ⅰ卷(选择题部分 共60分)
一.选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分)
1.已知集合,,则( )
2.已知复数满足,则( )
3.下列函数中,既是偶函数,又在上单调递增的是( )
4.函数的定义域是( )
5.给出下列四个命题,其中假命题是( )
6.设函数( )
7.函数的零点所在的区间( )
8.设函数定义在实数集上,,且当x≥1时,,则有()
C.D.
9.已知奇函数在上是增函数,若,,,则的大小关系为( )
10.函数的大致图像是( )
A B C D
11.已知函数,函数恰有三个不同的零点,则实数的取值范围为( )
12.已知实数若关于的方程有三个不同的实根,则的取值范围为( )
第Ⅱ卷(非选择题部分 共90分)
13.幂函数在上为增函数,则____________
14.已知函数,若的值域为,则实数的取值范围是__________.
15.设函数,则在点处的切线方程为__________.
16.已知函数在区间上是增函数,则实数的取值范围是
_________.
三.解答题(本题共70分,作答时应写出必要的文字说明,证明过程或演算步骤)
17.已知函数
(1)求的单调递增区间;
(2)求在区间上的最大值和最小值;
18.某校从参加高三模拟考试的学生中随机抽取60名学生,按其数学成绩(均为整数)分成六组,,…,后得到如下部分频率分布直方图,观察图中的信息,回答下列问题:
(1)补全频率分布直方图;
(2)估计本次考试的数学平均成绩(同一组中的数据用该组区间的中点值作代表);
(3)用分层抽样的方法在分数段为的学生成绩中抽取一个容量为6的样本,再从这6个样本中任取2人成绩,求至多有1人成绩在分数段内的概率.
19.如图,在四棱锥中,底面是边长为的正方形,侧面底面,且,设分别为的中点.
(1)求证:平面;
(2)求证:面平面;
20.已知椭圆(a>b>0)的左、右焦点分别为F1,F2,点M(0,2)是椭圆的一个顶点,△F1MF2是等腰直角三角形.
21.已知函数
(1)当时,求的单调区间;
(2)若时,恒成立,求整数的最小值;
请考生在第(22)~(23)两题中任选一题做答,如果多做,则按所做的第一题计分.做答时用2B铅笔在答题卡上把所选题目对应的题号涂黑,并将所选题号填入括号中.
22.(本小题满分10分)选修4—4:坐标系与参数方程
直角坐标系中,直线(为参数),曲线(为参数),以该直角坐标系的原点为极点,轴的非负半轴为极轴建立极坐标系,曲线的方程为.
(1)分别求曲线的极坐标方程和曲线的直角坐标方程;
(2)设直线交曲线于两点,直线交曲线于两点,求的长.
23.(本小题满分10分)选修4-5:不等式选讲
已知函数.
(1)求的值域;
(2)若的最大值为,已知均为正实数,且,求证:
选择题:BBDBC DCCCA BA
填空题:13.214.15. 16 .
17.(Ⅰ)最小正周期为,单调递增区间是;
(Ⅱ)最大值,最小值.
【解析】试题分析:(Ⅰ)将函数化简为,最小正周期,令,求出的范围,得到函数的单调递增区间;(Ⅱ)根据的范围,求出,再求出最大值和最小值。
试题解析:(Ⅰ)因为
,
故最小正周期为
得
故的增区间是.
(Ⅱ)因为,所以.
于是,当,即时,取得最大值;
当,即时,取得最小值.
点睛:本题主要考查了两角和的正弦公式,辅助角公式,正弦函数的性质,熟练掌握公式是解答本题的关键。
22.(1),(2)121, (3)
【解析】试题分析:(Ⅰ)求出分数在[120,130)内的频率,由此能补全频率分布直方图.
(Ⅱ)利用频率分布直方图估计平均分.
(Ⅲ)用分层抽样的方法在分数段为[110,130)的学生成绩中抽取一个容量为6的样本,需在[110,120)分数段内抽取2人成绩,分别记为m,n,在[120,130)分数段内抽取4人成绩,分别记为a,b,c,d,由此利用列举法能求出至多有1人成绩在分数段[120,130)内的概率.
试题解析:
(1)分数在[120,130)内的频率,因此补充的长方形的高为0.03
(2)估计平均分为
(3)由题意,[110,120)分数段的人数与[120,130)分数段的人数之比为1:2,
用分层抽样的方法在分数段为[110,130)的学生成绩中抽取一个容量为6的样本,
需在[110,120)分数段内抽取2人成绩,分别记为m,n;
在[120,130)分数段内抽取4人成绩,分别记为a,b,c,d;
设“从6个样本中任取2人成绩,至多有1人成绩在分数段[120,130)内”为事件A,
则基本事件共有{(m,n),(m,a),(m,b),(m,c),(m,d),(n,a),(n,b),(n,c),(n,d),(a,b),(a,c),(a,d),(b,c),(b,d),(c,d)},共15个.
事件A包含的基本事件有{(m,n),(m,a),(m,b),(m,c),(m,d),(n,a),(n,b),(n,c),(n,d)}共9个.
∴P(A)==.
19.(1)见解析;(2)见解析;(3).
【解析】试题分析:(1)利用线面平行的判定定理:连接,只需证明,利用中位线定理即可得证;(2)利用面面垂直的判定定理:只需证明面,进而转化为证明,,易证三角形为等腰直角三角形,可得;由面面的性质及正方形的性质可证面,得;(3)利用等体积法可得结果.
试题解析:(1)证明:因为为正方形,连接交于点,又因为在中,为中点,为中点,∴,且平面,平面,∴平面;
(2)证明:因为为正方形,∴,又面面,平面平面,平面,所以平面,∴,又,所以是等腰直角三角形,且,即,又因为,且平面,所以平面,又平面,∴平面平面;
(3)因为,所以点到平面的距离等于点到平面距离,
所以,所以三棱锥的体积是.
点睛:本题主要考查了线面平行的判定,面面垂直的判定和三棱锥体积的求法,属于基础题;常见的判定线面平行的方式有1、利用三角形的中位线;2、构造平行四边形;3、利用面面平行等;由于“线线垂直”“线面垂直”“面面垂直”之间可以相互转化,因此整个证明过程围绕着线面垂直这个核心而展开,这是化解空间垂直关系难点的技巧所在.
20.(1);(2)见解析.
【解析】试题分析:
试题解析:
A点坐标为(x1,y1),B点坐标为(x2,y2),联立方程得,
消去y,得(1+2k2)x2+4kmx+2m2-8=0,
则x1+x2=-,x1x2=.
由题知k1+k2=+=8,
所以+=8,即2k+(m-2)=8.
所以k-=4,整理得m=k-2.
故直线AB的方程为y=kx+k-2,即y=k-2。
所以直线AB过定点.
②若直线AB的斜率不存在,设直线AB的方程为x=x0,A(x0,y0),
B(x0,-y0),则由题知+=8,
得x0=-.此时直线AB的方程为x=-,
显然直线AB过点.
综上可知,直线AB过定点.
21.(Ⅰ)递增区间为,递减区间为;(Ⅱ)
【解析】试题分析:(Ⅰ)求出函数的导数,解关于导函数的不等式,求出函数的单调区间即可;(Ⅱ)问题转化为恒成立,令,根据函数的单调性求出的最小值即可.
试题解析:(Ⅰ)由题意可得的定义域为,当时,,所以,由可得,所以或解得或;由可得,所以或,解得
综上可知递增区间为,递减区间为,
(Ⅱ)若时,恒成立,则恒成立,因为,所以恒成立,即恒成立,令,则,因为,所以在上是减函数,且,所以在上为增函数,在上是减函数,时,,,又因为,所以
22.(1),;(2).
【解析】试题分析:(1)曲线为参数),利用平方关系消去参数化为普通方程:,展开代入互化公式可得极坐标方程,曲线的方程为,即,利用互化公式可得直角坐标方程;(2)直线为参数),可得普通方程:,可得极坐标方程:,分别代入极坐标方程即可得出,.
试题解析:(1)圆的标准方程为:,即:,
圆的极坐标方程为:,即:,
(1)曲线:(为参数),化为普通方程:,展开可得:
,可得极坐标方程:,即.
曲线的方程为,
即化为直角坐标方程:.
(2)直线(为参数),可得普通方程:,可得极坐标方程:
.
∴,
,
∴.
【名师点睛】本题考查圆的参数方程、普通方程和极坐标方程的转化、直线的参数方程,消去参数方程中的参数,就可把参数方程化为普通方程,消去参数的常用方法有:①代入消元法;②加减消元法;③乘除消元法;④三角恒等式消元法,极坐标方程化为直角坐标方程,只要将和换成和即可.