最新!2022湖南物理高考真题及答案解析出炉
06月11日
2016年普通高等学校招生全国统一考试(四川卷)
数学(文科)
一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分.在每小题给出的四个选项中,只有一个是符合题目要求的。
-lnx,0
第Ⅱ卷(非选择题 共100分)
二、填空题:本大题共5小题,每小题5分,共25分。
11.= 。
12. 已知某三菱锥的三视图如图所示,则该三菱锥的体积 。
14. 若函数f(x)是定义R上的周期为2的奇函数,当0
15. 在平面直角坐标系中,当P(x,y)不是原点时,定义P的“伴随点”为P(,),当P是原点时,定义“伴随点”为它自身,现有下列命题:
若点A的“伴随点”是点,则点的“伴随点”是点A.
单位圆上的点的“伴随点”还在单位圆上。
若两点关于x轴对称,则他们的“伴随点”关于y轴对称
④若三点在同一条直线上,则他们的“伴随点”一定共线。
其中的真命题是 。
三、解答题:本大题共6小题,共75分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。
16.(本小题满分12分)
我国是世界上严重缺水的国家,某市为了制定合理的节水方案,对居民用水情况进行了调查,通过抽样,获得了某年100位居民每人的月均用水量(单位:吨),将数据按照[0,0.5), [0.5,1),……[4,4.5]分成9组,制成了如图所示的频率分布直方图。
(I)求直方图中的a值;
(II)设该市有30万居民,估计全市居民中月均用水量不低于3吨的人数.说明理由;
(Ⅲ)估计居民月均用水量的中位数。
17.(本小题满分12分)
如图,在四棱锥P-ABCD中,PA⊥CD,AD∥BC,∠ADC=∠PAB=90°,BC=CD=AD。
18.(本小题满分12分)
在△ABC中,角A,B,C所对的边分别是a,b,c,且。
(I)证明:sinAsinB=sinC;
(II)若,求tanB。
19.(本小题满分12分)
已知数列{an}的首项为1, Sn为数列{an}的前n项和,Sn+1=qSn+1,其中q﹥0,n∈N+
(Ⅰ)若a2,a3,a2+ a3成等差数列,求数列{an}的通项公式;
(Ⅱ)设双曲线x2﹣=1的离心率为en,且e2=2,求e12+ e22+…+en2,
20.(本小题满分13分)
已知椭圆E:+=1(a﹥b﹥0)的一个焦点与短轴的两个端点是正三角形的三个顶点,点P(,)在椭圆E上。
(Ⅰ)求椭圆E的方程;
(Ⅱ)设不过原点O且斜率为的直线l与椭圆E交于不同的两点A,B,线段AB的中点为M,直线OM与椭圆E交于C,D,证明:︳MA︳·︳MB︳=︳MC︳·︳MD︳
21.(本小题满分14分)
设函数f(x)=ax2-a-lnx,g(x)=-,其中a∈R,e=2.718…为自然对数的底数。
(Ⅰ)讨论f(x)的单调性;
(Ⅱ)证明:当x>1时,g(x)>0;
(Ⅲ)确定a的所有可能取值,使得f(x)>g(x)在区间(1,+∞)内恒成立。
2016年普通高等学校招生全国统一考试(四川卷)
数学(文史类)试题参考答案
一、选择题
1.C 2.B 3.D 4. A 5.A 6.D 7.B 8.C 9.B 10.A
二、填空题
11.12.13. 14.-2 15.②③
三、解答题
16.(本小题满分12分)
(Ⅰ)由频率分布直方图,可知:月用水量在[0,0.5]的频率为0.08×0.5=0.04.
同理,在[0.5,1),(1.5,2],[2,2.5),[3,3.5),[3.5,4),[4,4.5)等组的频率分别为0.08,0.21,0.25,0.06,0.04,0.02.
由1–(0.04+0.08+0.21+.025+0.06+0.04+0.02)=0.5×a+0.5×a,
解得a=0.30.
(Ⅱ)由(Ⅰ),100位居民月均水量不低于3吨的频率为0.06+0.04+0.02=0.12.
由以上样本的频率分布,可以估计30万居民中月均用水量不低于3吨的人数为300000×0.13=36000.
(Ⅲ)设中位数为x吨.
因为前5组的频率之和为0.04+0.08+0.15+0.21+0.25=0.73>0.5,
而前4组的频率之和为0.04+0.08+0.15+0.21=0.48<0.5
所以2≤x<2.5.
由0.50×(x–2)=0.5–0.48,解得x=2.04.
故可估计居民月均用水量的中位数为2.04吨.
17.(本小题满分12分)
(I)取棱AD的中点M(M∈平面PAD),点M即为所求的一个点.理由如下:
因为AD‖BC,BC=AD,所以BC‖AM, 且BC=AM.
所以四边形AMCB是平行四边形,从而CM‖AB.
又AB平面PAB,CM平面PAB,
所以CM∥平面PAB.
(说明:取棱PD的中点N,则所找的点可以是直线MN上任意一点)
(II)由已知,PA⊥AB,PA⊥CD,
因为AD∥BC,BC=AD,所以直线AB与CD相交,
所以PA⊥平面ABCD.
从而PA⊥BD.
因为AD∥BC,BC=AD,
所以BC∥MD,且BC=MD.
所以四边形BCDM是平行四边形.
所以BM=CD=AD,所以BD⊥AB.
又AB∩AP=A,所以BD⊥平面PAB.
又BD平面PBD,
所以平面PAB⊥平面PBD.
18.(本小题满分12分)
(Ⅰ)根据正弦定理,可设
则a=ksinA,b=ksinB,c=ksinC.
代入中,有
,可变形得
sinAsinB=sinAcosB=sin (A+B).
在△ABC中,由A+B+C=π,有sin (A+B)=sin (π–C)=sinC,
所以sinAsinB=sinC.
(Ⅱ)由已知,b2+c2–a2=bc,根据余弦定理,有
.
所以sinA=.
由(Ⅰ),sinAsinB=sinAcosB+cosAsinB,
所以sinB=cosB+sinB,
故tanB==4.
19.(本小题满分12分)
(Ⅰ)由已知,两式相减得到.
又由得到,故对所有都成立.
所以,数列是首项为1,公比为q的等比数列.
从而.
由成等差数列,可得,所以,故.
所以.
(Ⅱ)由(Ⅰ)可知,.
所以双曲线的离心率.
由解得.所以,
,
20.(本小题满分13分)
(I)由已知,a=2b.
又椭圆过点,故,解得.
所以椭圆E的方程是.
(II)设直线l的方程为,,
由方程组得,①
方程①的判别式为,由,即,解得.
由①得.
所以M点坐标为,直线OM方程为,
由方程组得.
所以.
又
.
所以.
21.(本小题满分14分)
(I)
<0,在内单调递减.
由=0,有.
当时,<0,单调递减;
当时,>0,单调递增.
(II)令=,则=.
当时,>0,所以,从而=>0.
(iii)由(II),当时,>0.
当,时,=.
故当>在区间内恒成立时,必有.
当时,>1.
由(I)有,从而,
所以此时>在区间内不恒成立.
当时,令=().
当时,=.
因此在区间单调递增.
又因为=0,所以当时,=>0,即>恒成立.
综上,.