2021浙江高考数学难不难
06月08日
兵团二中高二年级2016-2017学年上学期期末考试数学试卷
(时间:120分钟 满分:150分)
一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)
1.设集合,集合,则等于
A. (1,2] B. (1,2) C.[1,2) D.[1,2]
2.函数的定义域为
A.B.
C.D.
3.在等差数列中,若是方程的两根,则的前11项的和为
A.22 B.-33 C.-11 D. 11
4.按右图所示的程序框图,若输入,则输出的
5.在△ABC中,若,则最大角的余弦值为
ABCD
6.若直线平行,则与之间的距离为
A.B.C.D.
7.已知三个向量共面,则的值为
A.3 B.-9 C. 22 D.21
8.一个几何体的三视图如图所示,其中俯视图是菱形,则该几何体的侧面积为
A.B.
C.D.
9. 将函数图象上所有的点向左平移个单位长度,
再把图象上各点的横坐标扩大到原来的2倍,则所得图象的解析式为
A.B.
C.D.
10. 设变量满足约束条件则目标函数的最大值为
A.4B.11 C.12 D.14
11.4名同学甲、乙、丙、丁按任意次序站成一排,甲或乙站在边上的概率为
A.B.C.D.
12.函数的单调递减区间是
A.B.
C.D.
二、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分,把答案填在题中横线上.)
13.某校高一年级有900名学生,其中女生400名,按男女比例用分层抽样的方法,从该年级学生中抽取一个容量为45的样本,则应抽取的男生人数为 ▲ .
14.设,是两个不共线的向量,,,,若、、三点共线,则▲.
15.在正方体中,与平面所成角的大小是 ___▲_____.
16.若直线平分圆的周长,则的最大值为___▲_____.
三、解答题(本大题共6小题,共70分,解答时应写出必要的文字说明,证明过程或演算步骤)
17.(10分)已知双曲线的离心率为,虚轴端点与焦点的距离为。
(I)求双曲线C的方程;
(II)已知直线与双曲线C交于不同的两点A,B,且线段AB的中点在圆上,求m的值.
18.(12分)如图,在直角梯形中,,
是的中点,是与的交点.将沿折起到图2中的位置,得到
四棱锥.
(文、理科I)证明:;
(理科II) 若,求的余弦值.
(文科II) 若,求的大小.
19.(12分)如图,四棱柱中,侧面为矩形,平面,,、分别为、的中点,且,.
(I)求证:;
(II)求到平面的距离.
20.(12分)如图,正方体中,分别是的中点.
(I)证明:;
(II)在上求一点,使得。
资*源%库
21.(12分)已知抛物线截直线所得弦长,
(I)求抛物线的方程;
(II)设是抛物线的焦点,求的外接圆上的点到直线的最大距离.
22.(12分)已知椭圆的两个焦点坐标分别是,并且经过点.
(I)求椭圆的标准方程;
(II)若斜率为的直线经过点,且与椭圆交于不同的两点,求面积的最大值. 兵团二中高二年级2016-2017学年上学期期末考试答案
1 | 2 | 3 | 4 | 5 | 6 | 7 | 8 | 9 | 10 | 11 | 12 |
A | B | D | D | C | B | D | C | B | B | B | A |
13、25 14、-8 15、16、
三.解答题
17、(1)由题意,得,解得,
∴,∴所求双曲线的方程为.
(2)设A、B两点的坐标分别为,线段AB的中点为,
由得(判别式), ∴,
∵点在圆上,∴,∴.
18、解:(1)在图中,AD∥BC,,,,所以,
即在图2中,.又,
所以平面,又,所以平面.
(2)(理) 由已知,平面平面,
又由(I)知,,
所以为二面角的平面角,所以.
如图,以为原点,建立空间直角坐标系,因为,,
所以
,.
设平面的法向量,平面的法向量,面与面夹角为,由得取,由得取,
从而,即平面与平面夹角的余弦值为-.
(2)(文)因为,所以即为二面角的平面角,计算得.
19、解:(1)(方法一)证明:取的中点,连结、,
∵为的中点,∴,∵,,
∴.
在四棱柱中,侧面为平行四边形,又为的中点,
∴,同理可得,∵,∴平面平面,
∵平面,∴平面。
(方法二)取、的中点,连、,
∵为的中点,侧面为平行四边形,
∴,
∵为中点,∴,∴,∴四边形为平行四边形,
∴,又平面,平面,∴平面。
(2)∵四边形为矩形,∴,又平面,
∴,∵,∴平面,∴平面,
在中,,在中,,在中,,
∴.∵,
∴由得,,∴
20、(1)证明:建立如图所示的空间直角坐标系D-xyz,不妨设正方体的棱长为2,
则A(0,0,0),E(2,0,1),D(0,2,0),F(0,2,1),B1(2,0,2),C1(2,2,2).
设平面AED的法向量为,则∴
令x1=1,得,同理可得平面的法向量
∴平面AED//平面.
(2)由于点M在AE上,∴可设=λ(2,0,1)=(2λ,0,λ),可得M(2λ,0,λ),
于是=(2λ,0,λ-2).要使A1M⊥平面DAE,需A1M⊥AE,
∴=(2λ,0,λ-2)·(2,0, 1)=5λ-2=0,得λ=.
故当AM=AE时, A1M⊥平面DAE.
21、解 (1资*源%库 )设由得
由根与系数的关系得
,由得。所以抛物线的方程为:
(2)由(I) 得A(1,-2),B(4,4),F(1,0)
的外接圆的方程是
则的外接圆上的点到直线的最大距离为。
22、解:(1)设椭圆的标准方程为,有椭圆的定义可得
又,故椭圆的标准方程为
(2)设直线的方程为, 由得,依题意,, 设,则,
, 由点到直线的距离公式得,
设
,
当且仅当,即时,上式取等号, 所以,面积的最大值为
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