2021浙江高考数学难不难
06月08日
海南中学2014-2015学年度第一学期期末考试
高二文科数学 试题
第Ⅰ卷
一.选择题:本大题共12小题,每小题5分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
(1)下列关于算法与程序框图的说法正确的有
①求解某一类问题的算法是唯一的;
②表达算法的基本逻辑结构包括顺序结构、计算结构、条件结构、循环结构;
③算法的每一步操作必须是明确的,不能有歧义;
④任何一个程序框图都必须有起止框.
(A)1个 (B)2个 (C)3个 (D)4个
(2)两个整数1908和4187的最大公约数是
(A)53 (B)43 (C)51 (D)67
(3)已知f(x)=x5+2x3+3x2+x+1,应用秦九韶算法计算x=3时的值,v3的值为
(A)27 (B)11 (C)109 (D)36
(4)在x=1附近,取Δx=0.3,在四个函数①y=x;②y=x2;③y=x3;④y=中.平均变化率最大的是
(A)④ (B)③ (C)② (D)①
(5)设y=e3,则y′等于
(A)3e2(B)e2 (C)0 (D)e3
(6)设函数f(x)在x=1处存在导数,则
(A)(B)(C)(D)
(7)如图,函数y=f(x)的图象,则该函数在的瞬时变化率大约是
(A)0.2 (B)0.3 (C)0.4 (D)0.5
(8)已知对任意实数x,有,
且当,则当x<0时,有
(A)(B)
(C)(D)
(9)二次函数的图象过原点,且它的导函数的图象是过第一、二、三象限的一条直线,则函数的图象的顶点在
(A)第一象限 (B)第二象限 (C)第三象限 (D)第四象限
(10)阅读下图所示的程序框图,运行相应的程序,输出的结果是
(A)1 (B)2 (C)3 (D)4
(11)若函数f(x)=x3-6bx+3b在(0,1)内有极小值,则实数b的取值范围是
(A)(0, ) (B)(-∞,1) (C)(0,+∞) (D)(0,1)
(12)设函数是定义在R上的函数,其中f(x)的导函数满足对于x∈R恒成立,则
(C)f(2)
第Ⅱ卷
二.填空题:本大题共4小题,每小题5分.
(13)将二进制数110 101(2)化成十进制数,结果为________,再转为七进制数,结果为________.
(14)已知P为椭圆4x2+y2=4上的点,O为原点,则|OP|的取值范围是________.
(15)函数y=x3-3x2-9x图象的对称中心坐标为________.
(16)已知函数f(x)=在(-2,+∞)上单调递减,则a的取值范围是________.
三.解答题:解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.
(17)(本小题满分10分)
读程序
(Ⅰ)画出程序框图;
(Ⅱ)当输出的y的范围大于1时,求输入的x值的取值范围。
(18)(本小题满分12分)
已知极坐标系的极点与直角坐标系的原点重合,极轴与直角坐标系的x轴的正半轴重合,且两个坐标系的单位长度相同,已知直线l的参数方程为(t为参数),曲线C的极坐标方程为.
(Ⅰ)若直线l的斜率为-1,求直线l与曲线C交点的极坐标();
(Ⅱ)若直线l与曲线C相交弦长为,求直线l的参数方程.
(19)(本小题满分12分)
已知直线与抛物线相交于A,B两点(A在B上方),O是坐标原点。
(Ⅰ)求抛物线在A点处的切线方程;
(Ⅱ)试在抛物线的曲线AOB上求一点P,使△ABP的面积最大.
(20)(本小题满分12分)
已知函数.
(Ⅰ)求f(x)的单调递减区间;
(Ⅱ)若f(x)在区间[-2,2]上的最大值为20,求它在该区间上的最小值.
(21)(本小题满分12分)
已知圆,点,是圆上任意一点,线段的垂直平分线和半径相交于点。
(Ⅰ)当点在圆上运动时,求点的轨迹方程;
(Ⅱ)直线与点的轨迹交于不同两点A和B,且(其中O为坐标原点),求k的值.
(22)(本小题满分12分)
已知函数.
(Ⅰ)若函数y=f(x)和函数y=g(x)在区间(a,a+1)上均为增函数,求实数a的取值范围;
(Ⅱ)若方程f(x)=g(x)+m有唯一解,求实数m的值.海南中学2014-2015学年度第一学期期末考试
高二文科数学 参考答案
一.选择题
B A D B C A D B C D A C
二.填空题
(13)53 104(7) (14)[1,2] (15)(1,-11) (16)(-∞,)
三.解答题
(17)解:(Ⅰ)
(Ⅱ) 由程序可得,
∵y>1,
∴①当x≤0时,,
即2-x>2,
∴-x>1,
∴x<-1.
②当x>0时,>1,
即x>1,故输入的x值的范围为(-∞,-1)∪(1,+∞).
(18)解:(Ⅰ)直线l的方程:y-1=-1(x+1),即y=-x,
C:ρ=4cos θ,即x2+y2-4x=0,
联立方程得2x2-4x=0,
∴A(0,0),B(2,-2);极坐标为A(0,0),B.
(Ⅱ) C:(x-2)2+y2=4 ,
,
设直线l的方程为kx-y+k+1=0,
∴,∴k=0或k=.
∴l:(t为参数)或(t为参数)
(19)解:(Ⅰ)由得
故令
抛物线在A点的切线方程为。
(Ⅱ)由及直线的位置关系可知,点P应位于直线的下方.
故令,
设切点为(x0,y0),过切点(x0,y0)的切线与直线平行,
所以.所以x0=,
所以切点坐标为(,-),
此时该点为抛物线上与线段AB的距离最大的点,
故点P(,-)即为所求.
所以在抛物线的曲线AOB上存在点P(,-),使△ABP的面积最大.
(20)解:(Ⅰ)f ′(x)=-3x2+6x+9.
令f ′(x)<0,解得x<-1,或x>3,
∴函数f(x)的单调递减区间为(-∞,-1)和(3,+∞).
(Ⅱ)∵f(-2)=8+12-18+a=2+a,
f(2)=-8+12+18+a=22+a,∴f(2)>f(-2).
∵在(-1,3)上f ′(x)>0,
∴f(x)在(-1,2]上单调递增.
又由于f(x)在[-2,- 1]上单调递减,因此f(2)和f(-1)分别是f(x)在区间[-2,2]上的最大值和最小值.
于是有22+a=20,解得a=-2,
∴f(x)=-x3+3x2+9x-2.
∴f(-1)=1+3-9-2=-7,即函数f(x)在区间[-2,2]上的最小值为-7.
(21)解:(Ⅰ)配方,圆
由条件,,故点的轨迹是椭圆,,椭圆的方程为
(Ⅱ)将代入,得.
由直线与椭圆交于不同的两点,得
即.
设,则.
由,得.
而
.
于是.解得.故k的值为.
(22)解:(Ⅰ)f′(x)=2x-=(x>0),
当0
要使f(x)在(a,a+1)上递增,必须a≥2,
g(x)=-x2+14x=-(x-7)2+49,
若使g(x)在(a,a+1)上递增,必须a+1≤7,即a≤6,
综上,当2≤a≤6时,f(x),g(x)在(a,a+1)上均为增函数.
(Ⅱ)方程f(x)=g(x)+m有唯一解⇔有唯一解,
设h(x)=2x2-8lnx-14x,
h′(x)=4x--14=(2x+1)(x-4)(x>0),
h′(x),h(x)随x变化如下表:
x | (0,4) | 4 | (4,+∞) |
h′(x) | - | 0 | + |
h(x) | 单调递减 | 极小值-24-16ln2 | 单调递增 |
由于在(0,+∞)上,h(x)只有一个极小值,∴h(x)的最小值为-24-16ln2,
故当m=-24-16ln2时,方程f(x)=g(x)+m有唯一解.