2021浙江高考数学难不难
06月08日
(时间:120分钟,满分:150分)
一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)
1.设集合A={x|x2-3x+2<0},B={x|2<2x<8},则A∩B=( )
A.{x|1<x<2}B.{x|1<x<3}
C.{x|2<x<3}D.{x|-1<x<3}
2.命题:∀x,y∈R,若xy=0,则x=0或y=0的逆否命题是( )
A.∃x,y∈R,若x≠0或y≠0,则xy≠0
B.∃x,y∈R,若x≠0且y≠0,则xy≠0
C.∀x,y∈R,若x≠0或y≠0,则xy≠0
D.∀x,y∈R,若x≠0且y≠0,则xy≠0
3.若p:a∈R且-1<a<1,q:关于x的一元二次方程:x2+(a+1)x+a-2=0的一个根大于零,另一个根小于零,则p是q的( )
A.充分不必要条件B.必要不充分条件
C.充要条件D.既不充分也不必要条件
4.下列函数中,既是偶函数又在区间(1,2)上单调递增的是( )
A.y=log2|x|B.y=cos 2x
C.y=D.y=log2
5.函数y=ln 的图象大致是( )
A B
C D
6.已知函数f(x)=若f(f(0))=4a,则实数a=( )
C.2D.9
7.已知函数f(x)=则函数y=f[f(x)+1]的零点个数是( )
A.2B.3
C.4D.5
8.设函数f(x)=ax3+3x,其图象在点(1,f(1))处的切线l与直线x-6y-7=0垂直,则直线l与坐标轴围成的三角形的面积为( )
A.1B.3
中&华&资*源%库C.9D.12
9.已知a≥0,函数f(x)=(x2-2ax)ex,若f(x)在[-1,1]上是单调减函数,则a的取值范围是( )
C.D.
10.已知函数f(x)=ax3+bx2-3x在x=±1处取得极值,若过点A(0,16)作曲线y=f(x)的切线,则切线方程为( )
A.9x+y-16=0B.9x-y+16=0
$来&源:C.x+9y-16=0D.x-9y+16=0
11.若不等式2xlnx≥-x2+ax-3对x∈(0,+∞)恒成立,则实数a的取值范围是( )
A.(-∞,0)B.(-∞,4]
C.(0,+∞)D.[4,+∞)
12.若函数f(x)=x3-3x在[a,6-a2)上有最小值,则实数a的取值范围是( )
A.(-,1)B.[-,1)
C.[-2,1)D.(-,-2]
二、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分.将答案填在题中的横线上)
13.已知函数f(x)=则f(log23)的值为________.
14.由直线x=,x=2,曲线y=及x轴所围图形的面积为________.
15.定义在R上的奇函数f(x)满足f(-x)=f,f(2 015)=2,则f(-2)=________.
16.f(x)=ax3-6ax2+b,x∈[-1,2]的最大值为3,最小值为-29,则a+b的值为________.
三、解答题(本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤)
17.(本小题满分10分)已知p:-x2+8x+20≥0,q:x2-2x+1-m2≤0(m>0).
(1)若p是q的充分不必要条件,求实数m的取值范围;
(2)若“﹁p”是“﹁q”的充分不必要条件,求实数m的取值范围.
m≤3.
18.(本小题满分12分)(2016·苏州模拟)设函数f(x)=log3(9x)·log3(3x),≤x≤9.
(1)若m=log3x,求m的取值范围;
(2)求f(x)的最值,并给出取最值时对应的x的值.
19. (本小题满分12分)(2016·盐城模拟)定义在R上的奇函数f(x),满足条件:在x∈(0,1)时,f(x)=,且f(-1)=f(1).
(1)求f(x)在[-1,1]上的解析式;
(2)求f(x)在(0,1)上的取值范围.
20.(本小题满分12分)(2015·重庆模拟)如图1,在半径为30 cm的圆形(O为圆心)铝皮上截取一块矩形材料OABC,其中点B在圆弧上,点A,C在两半径上,现将此矩形铝皮OABC卷成一个以AB为母线的圆柱形罐子的侧面(不计剪裁和拼接损耗),设矩形的边长AB=xcm,圆柱的体积为Vcm3.
图1
(1)写出体积V关于x的函数解析式;
(2)当x为何值时,才能使做出的圆柱形罐子的体积V最大?
21.(本小题满分12分)(2015·重庆高考)已知函数f(x)=ax3+x2(a∈R)在x=-处取得极值.
(1)确定a的值;
(2)若g(x)=f(x)ex,讨论g(x)的单调性.
22.(本小题满分12分)(2015·淮北模拟)已知函数f(x)=的定义域为(0,+∞).
(1)求函数f(x)在[m,m+1](m>0)上的最小值;
(2)对∀x∈(0,+∞),不等式xf(x)>-x2+λx-1恒成立,求λ的取值范围.
参考答案:
1.【解析】 A={x|1<x<2},B={x|1<x<3},所以A∩B={x|1<x<2}.
【答案】 A
2.【解析】 先将条件与结论交换,然后否定,但是大前提不能变.故D项符合.
【答案】 D
3.【解析】 若关于x的一元二次方程:x2+(a+1)x+a-2=0的一个根大于零,另一根小于零,则解得a<2,由-1<a<1能得出a<2,但由a<2不能得出-1<a<1,因此p是q的充分不必要条件.
【答案】 A
4.【解析】 对于A,函数y=log2|x|是偶函数且在区间(1,2)上是增函数;对于B,函数y=cos 2x在区间(1,2)上不是增函数;对于C,函数y=不是偶函数;对于D,函数y=log2不是偶函数.综上所述,故选A.
【答案】 A
5.【解析】 利用排除法求解.因为f(-x)=ln =ln =f(x),所以函数是偶函数,排除B和D;又x∈时,0<x-sinx<x+sinx,0<<1,ln<0,排除C,故选A.
【答案】 A
6.【解析】 f(0)=20+1=2>1,f(f(0))=f(2)=4+2a=4a,解得a=2.
【答案】 C
7.【解析】 令f(x)=0,可得x=-1或x=1,令f(x)+1=-1,可得x=-3或x=.令f(x)+1=1,可得x=-1或x=1,由此可得函数y=f[f(x)+1]共有四个零点.
【答案】 C
8.【解析】 f′(x)=3ax2+3,由题设得f′(1)=-6,∴3a+3=-6.
所以a=-3,所以f(x)=-3x3+3x,f(1)=0,切线l的方程为y-0=-6(x-1),即y=-6x+6.所以直线l与坐标轴围成的三角形的面积为S=×1×6=3.
【答案】 B
9.【解析】 f′(x)=(2x-2a)ex+(x2-2ax)ex=[x2+(2-2a)x-2a]ex,由题意当x∈[-1,1]时,f′(x)≤0恒成立,即x2+(2-2a)x-2a≤0恒成立.
令g(x)=x2+(2-2a)x-2a,
则有
即
解得a≥.
【答案】 C
10.【解析】 由已知得到f′(x)=3ax2+2bx-3,则
解得a=1,b=0.所以f(x)=x3-3x,且f′(x)=3x2-3,设切点坐标为(x0,x-3x0),则斜率k=f′(x0)=3x-3.由点斜式得切线方程为y-(x-3x0)=(3x-3)×(x-x0),将点A(0,16)代入得x0=-2,从而切线方程为9x-y+16=0.
【答案】 B
11.【解析】 由2xlnx≥-x2+ax-3知a≤2lnx+x+,
设h(x)=2lnx+x+(x>0),则h′(x)=,
当x∈(0,1)时,h′(x)<0,函数h(x)单调递减.
当x∈(1,+∞)时,h′(x)>0,函数h(x)单调递增.
所以h(x)min=h(1)=4.所以a≤h(x)min=4.
故a的范围为(-∞,4].
【答案】 B
12.【解析】 由f′(x)=3x2-3=0,得x=±1,且x=1为函数的极小值点,x=-1为函数的极大值点.函数f(x)在区间[a,6-a2)上,则函数f(x)极小值点必在区间[a,6-a2)内,即实数a满足a<1<6-a2且f(a)=a3-3a≥f(1)=-2,
由得即-2≤a<1.
【答案】 C
13.【解析】 ∵log23
=f(log26),∵log26≥2,∴f(log26)==2=.
【答案】
14.【解析】 由直线x=,x=2,曲线y=及x轴所围图形的面积dx=lnx=ln2-ln=2ln2.
【答案】 2ln2
15.【解析】 因为f(x)为R上的奇函数,
所以f(x)=-f(-x)=-f,
所以f=-f=f(x),
即f(x+3)=f(x),
所以f(x)是周期为3的奇函数,所以f(2 015)=f(3×671+2)=f(2)=2,所以f(-2)=-f(2)=-2.
【答案】 -2
$来&源:16.【解析】 f′(x)=3ax2-12ax=3a(x2-4x),由题意知a≠0,
令f′(x)=0,得x=0,x=4(舍去),
若a>0,则f(x)在(-1,0)上单调递增,在(0,2)上单调递减,f(x)的极大值为f(0)=3,所以b=3,又f(2)=8a-24a+3=-16a+3,f(-1)=-7a+3>f(2),于是当x=2时,f(x)min=-16a+3=-29,所以a=2,此时a+b=5.
若a<0,则f(x)在(-1,0)上单调递减,在(0,2)上单调递增.f(x)的极小值为f(0),即f(x)min=f(0)=b=-29.又f(2)=-16a-29,f(-1)=-7a-29<f(2),所以f(x)max=-16a-29=3.所以a=-2,此时a+b=-31.
【答案】 5或-31
17.【解】 p:-2≤x≤10,q:1-m≤x≤1+m,
(1)因为p是q的充分不必要条件,
所以所以m≥9.
所以实数m的取值范围为m≥9.
(2)因为“﹁p”是“﹁q”的充分不必要条件,
所以q是p的充分不必要条件.
所以所以0<
所以实数m的取值范围为0<m≤3.
18.【解】 因为≤x≤9,m=log3x为增函数,
所以-2≤log3x≤2,即m的取值范围为[-2,2].
(2)由m=log3x,得f(x)=log3(9x)·log3(3x)
=(2+log3x)·(1+log3x)=(2+m)(1+m)=-,
由-2≤m≤2知,当m=log3x=-,即x=时,f(x)取得最小值-,当m=log3x=2,即x=9时,f(x)取得最大值12.
19.【解】 (1)设x∈(-1,0),则-x∈(0,1),
又x∈(0,1)时,f(x)=,
∴f(-x)==,
∵在R上的函数f(x)为奇函数,
∴f(-x)=-f(x),∴f(x)=-,
f(x)在(-1,0)上的解析式为f(x)=-.
f(-1)=f(1),即-f(1)=f(1),∴f(1)=f(-1)=0.
综上,f(x)=
(2)当x∈(0,1)时,f(x)=,
令t=2x,则t∈(1,2),
函数变为y=,y′=<0,
∴y=在(1,2)上为减函数,
t=1时,ymax=;t=2时,ymin=.
∴f(x)在(0,1)上的取值范围是.
20.【解】 (1)连接OB,因为AB=xcm,
所以OA= cm,
设圆柱的底面半径为rcm,则=2πr,
即4π2r2=900-x2,所以V=πr2x=π··x=,其中0<x<30.
(2)由(1)知V=(0<x<30),
则V′=.
由V′==0,得x=10,
因此V=在(0,10)上是增函数,在(10,30)上是减函数.所以当x=10时,V有最大值.
21.【解】 (1)对f(x)求导得f′(x)=3ax2+2x,
因为f(x)在x=-处取得极值,
所以f′=0,
即3a·+2·=-=0,解得a=.
(2)由(1)得g(x)=ex,
故g′(x)=ex+ex
=ex=x(x+1)(x+4)ex.
令g′(x)=0,解得x=0或x=-1或x=-4.
当x<-4时,g′(x)<0,故g(x)为减函数;
当-4<x<-1时,g′(x)>0,故g(x)为增函数;
当-1<x<0时,g′(x)<0,故g(x)为减函数;
当x>0时,g′(x)>0,故g(x)为增函数.
综上知,g(x)在(-∞,-4)和(-1,0)内为减函数,在(-4,-1)和(0,+∞)内为增函数.
22.【解】 f′(x)=,令f′(x)>0,得x>1,
令f′(x)<0,得0<x<1,
所以,函数f(x)在(0,1)上是减函数,在(1,+∞)上是增函数.
(1)当m≥1时,函数f(x)在[m,m+1](m>0)上是增函数,所以f(x)min=f(m)=,
当0<m<1时,函数f(x)在[m,1]上是减函数,
在[1,m+1]上是增函数,
所以f(x)min=f(1)=e.
(2)由题意,对∀x∈(0,+∞),不等式ex+x2+1>λx恒成立,
即+x+>λ恒成立,
令g(x)=+x+,则g′(x)=,
由g′(x)>0,得x>1;
由g′(x)<0,得0<x<1.
所以g(x)min=g(1)=e+2,所以λ