2021浙江高考数学难不难
06月08日
2018-2019学年辽宁省实验中学、大连八中、大连二十四中、鞍山一中、东北育才学校高三(上)期末数学试卷(文科)
一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.(5分)已知,,则等于
A.B.
C.D.,,
2.(5分)若复数满足,其中为虚数单位,则
A.2B.C.D.3
3.(5分)“”是“函数为常数)在定义域上是奇函数”的
A.充分不必要条件B.必要不充分条件
C.充要条件D.既不充分也不必要条件
4.(5分)若两个正实数,满足,且不等式有解,则实数的取值范围
A.B.,,
C.D.,,
5.(5分)过抛物线的焦点作斜率为的直线,与抛物线在第一象限内交于点,若,则
A.4B.2C.1D.
6.(5分)将函数图象上各点的横坐标缩短到原来的,纵坐标不变,然后向左平移个单位长度,得到图象,若关于的方程在上有两个不相等的实根,则实数的取值范围是
A.,B.,C.,D.,
7.(5分)数列满足,,,则数列前5项和为
A.B.C.D.
8.(5分)如图所示,直线为双曲线的一条渐近线,,是双曲线的左、右焦点,关于直线的对称点为,且是以为圆心,以半焦距为半径的圆上的一点,则双曲线的离心率为
A.B.C.2D.3
9.(5分)在中,角,,所对的边分别是,,,已知,且,,则的面积是
A.B.C.D.或
10.(5分)已知四面体,,,,,则该四面体外接球的半径为
A.1B.C.D.
11.(5分)中,,,,点是内(包括边界)的一动点,且,则的最大值是
A.B.C.D.
12.(5分)定义在上的函数满足,(2),则关于的不等式的解集为
A.B.,C.D.
二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.
13.(5分)在区间上随机取一个实数,则事件“”发生的概率是 .
14.(5分)已知向量,,,,则与夹角的余弦值为 .
15.(5分)实数,满足,目标函数的最大值为 .
16.(5分)如图,在四棱锥中,底面,,,,,若为棱上一点,满足,则 .
三、解答题:共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第17~21题为必考题,每个试题考生都必须作答.第22、23为选考题,考生根据要求作答
17.(12分)在等差数列中,,其前项和为,等比数列的各项均为正数,,且,.
(1)求数列和的通项公式;
(2)设,求数列的前项和.
18.(12分)某品牌经销商在一广场随机采访男性和女性用户各50名,其中每天玩微信超过6小时的用户列为“微信控”,否则称其为“非微信控”,调查结果如下:
微信控 | 非微信控 | 合计 | |
男性 | 26 | 24 | 50 |
女性 | 30 | 20 | 50 |
合计 | 56 | 44 | 100 |
(1)根据以上数据,能否有的把握认为“微信控”与“性别”有关?
(2)现从调查的女性用户中按分层抽样的方法选出5人,求所抽取的5人中“微信控”和“非微信控”的人数;
(3)从(2)中抽取的5位女性中,再随机抽取3人赠送礼品,试求抽取3人中恰有2人位“微信控”的概率.
参考公式:,其中.
参考数据:
0.50 | 0.40 | 0.25 | 0.15 | 0.10 | 0.05 | 0.025 | |
0.455 | 0.708 | 1.323 | 2.072 | 2.706 | 3.841 | 5.024 |
19.(12分)如图,直角梯形与等腰真角三角形所在的平面互相垂直.,,,.
(1)求证:;
(2)求证:平面平面;
(3)线段上是否存在点,使平面?若存在,求出的值;若不存在,说明理由.
20.(12分)设椭圆的左焦点为,离心率为.为圆的圆心.
(Ⅰ)求椭圆的方程;
(Ⅱ)已知过椭圆右焦点的直线交椭圆于,两点,过且与垂直的直线与圆交于,两点,求四边形面积的取值范围.
21.(12分)已知函数,.
(1)求函数的极值;
(2)若不等式对恒成立,求的取值范围.
[选修4-4:坐标系与参数方程]
22.(10分)在平面直角坐标系中,曲线的参数方程为为参数),以坐标原点为极点,轴的正半轴为极轴的极坐标系中,曲线的极坐标方程为,曲线的极坐标方程为.
(1)把曲线的参数方程化为极坐标方程;
(2)曲线与曲线交于,,与曲线交于,,求.
[选修4-5:不等式选讲]
23.设函数.
(1)解不等式;
(2)当,时,证明:.
2018-2019学年辽宁省实验中学、大连八中、大连二十四中、鞍山一中、东北育才学校高三(上)期末数学试卷(文科)
参考答案与试题解析
一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.(5分)已知,,则等于
A.B.
C.D.,,
【考点】:并集及其运算
【专题】11:计算题;37:集合思想;:定义法;:集合
【分析】先分别求出集合和,由此能求出.
【解答】解:,
,
.
故选:.
【点评】本题考查并集的求法,考查并集定义、不等式性质等基础知识,考查运算求解能力,是基础题.
2.(5分)若复数满足,其中为虚数单位,则
A.2B.C.D.3
【考点】:复数的模
【专题】38:对应思想;:数学模型法;:数系的扩充和复数
【分析】设出复数,利用复数相等的条件求出,的值,然后由复数模的公式计算得答案.
【解答】解:设,
,
,即,解得,,
复数的模为.
故选:.
【点评】本题考查复数相等的充要条件,考查复数的模的求法,是基础题.
3.(5分)“”是“函数为常数)在定义域上是奇函数”的
A.充分不必要条件B.必要不充分条件
C.充要条件D.既不充分也不必要条件
【考点】29:充分条件、必要条件、充要条件
【专题】34:方程思想;:定义法;51:函数的性质及应用;:简易逻辑
【分析】函数为常数)在定义域上是奇函数,则,化为:,解出即可判断出结论.
【解答】解:函数为常数)在定义域上是奇函数,则,
,
化为:,
,
解得,经过验证,此时函数是奇函数.
“”是“函数为常数)在定义域上是奇函数”的充分不必要条件.
故选:.
【点评】本题考查了函数的性质、简易逻辑的判定方法,考查了推理能力与计算能力,属于中档题.
4.(5分)若两个正实数,满足,且不等式有解,则实数的取值范围
A.B.,,
C.D.,,
【考点】:基本不等式及其应用
【专题】59:不等式的解法及应用
【分析】将不等式有解,转化为求,利用“1”的代换的思想进行构造,运用基本不等式求解最值,最后解出关于的一元二次不等式的解集即可得到答案.
【解答】解:不等式有解,
,
,,且,
,
当且仅当,即,时取“”,
,
故,即,
解得或,
实数的取值范围是,,.
故选:.
【点评】本题考查了基本不等式在最值中的应用,不等式的有解问题.在应用基本不等式求最值时要注意“一正、二定、三相等”的判断.运用基本不等式解题的关键是寻找和为定值或者是积为定值,难点在于如何合理正确的构造出定值.对于不等式的有解问题一般选用参变量分离法、最值法、数形结合法求解.属于中档题.
5.(5分)过抛物线的焦点作斜率为的直线,与抛物线在第一象限内交于点,若,则
A.4B.2C.1D.
【考点】:抛物线的性质
【专题】11:计算题;31:数形结合;35:转化思想;49:综合法;:圆锥曲线的定义、性质与方程
【分析】过作轴于点,中,作斜率为的直线,由且,得,从而求得的横坐标.再由抛物线的焦半径公式可得的值即可.
【解答】解:过作轴于点,过抛物线的焦点作斜率为的直线,
则在中,,,
,
则,
,得.
故选:.
【点评】本题考查了抛物线的标准方程和简单几何性质等知识,属于中档题.
6.(5分)将函数图象上各点的横坐标缩短到原来的,纵坐标不变,然后向左平移个单位长度,得到图象,若关于的方程在上有两个不相等的实根,则实数的取值范围是
A.,B.,C.,D.,
【考点】:函数的图象变换
【专题】31:数形结合;35:转化思想;:转化法;57:三角函数的图象与性质
【分析】根据三角函数的图象变换关系求出的解析式,结合三角函数的图象进行求解即可.
【解答】解:将函数图象上各点的横坐标缩短到原来的,纵坐标不变,得到,
然后向左平移个单位长度,得到图象,
即,
,
,,
当时,,函数的最大值为,
要使在上有两个不相等的实根,
则,
即实数的取值范围是,,
故选:.
【点评】本题主要考查三角函数的图象和性质,求出函数的解析式以及利用整体转换法是解决本题的关键.
7.(5分)数列满足,,,则数列前5项和为
A.B.C.D.
【考点】:数列的求和
【专题】38:对应思想;:转化法;54:等差数列与等比数列;11:计算题
【分析】根据,可得数列是以3为首项,以2为公差的等差数列,即可求出,再用裂项求和即可求出.
【解答】解:,
,
,
,
数列是以3为首项,以2为公差的等差数列,
,
,
,
故选:.
【点评】本题考查了数列的通项公式和递推公式以及裂项求和,考查了运算能力,属于中档题.
8.(5分)如图所示,直线为双曲线的一条渐近线,,是双曲线的左、右焦点,关于直线的对称点为,且是以为圆心,以半焦距为半径的圆上的一点,则双曲线的离心率为
A.B.C.2D.3
【考点】:双曲线的性质
【专题】15:综合题;38:对应思想;:转化法;:圆锥曲线的定义、性质与方程
【分析】先求出点的坐标,再根据是以为圆心,以半焦距为半径的圆上的一点,可得,整理化简即可求出.
【解答】解:直线为双曲线的一条渐近线,则直线为,
,是双曲线的左、右焦点,
,,
关于直线的对称点为,设为,
,,
解得,,
,,
是以为圆心,以半焦距为半径的圆上的一点,
,
整理可得,
即,
,
故选:.
【点评】本题考查了双曲线的简单性质,点的对称问题,考查了运算能力和转化能力,属于中档题.
9.(5分)在中,角,,所对的边分别是,,,已知,且,,则的面积是
A.B.C.D.或
【考点】:两角和与差的三角函数
【专题】58:解三角形
【分析】依题意,可求得,利用两角差的正弦可求得,又,可求得,即可求得的面积
【解答】解:在中,,
,,
,
即,
整理得:,
,又,
,
解得,
当时,,,解得,
;
故选:.
【点评】本题主要考查正弦定理、两角和差的正弦、余弦公式,二倍角公式的应用,属于中档题
10.(5分)已知四面体,,,,,则该四面体外接球的半径为
A.1B.C.D.
【考点】:球的体积和表面积
【专题】11:计算题;:球;35:转化思想;:数学模型法;21:阅读型
【分析】先利用余弦定理求出四面体各棱长,得知和是公共底边的两个等腰三角形,然后取的中点,计算出、的长度,并计算出,然后分别过的外心作,过的外心作交于点,找出球心,并计算出的长度,利用公式即可得出外接球的半径的值.
【解答】解:如下图所示,
取的中点,连接、,
在中,由余弦定理得,同理可得,
由勾股定理得,
为的中点,所以,,,由勾股定理得,同理可得.
,所以,,
由正弦定理得的外接圆直径为,
而的外接圆半径为,
如下图所示,
设的外心为,分别过点、在平面内作、交于点,则为外接球球心,
在中,
则,易求得,
,,,
所以,.
因此,该四面体的外接球的半径为.
故选:.
【点评】本题考查球体半径的计算,解决本题的关键主要在于找出球心的位置,考查计算能力与推理能力,属于中等题.
11.(5分)中,,,,点是内(包括边界)的一动点,且,则的最大值是
A.B.C.D.
【考点】:平面向量数量积的坐标表示、模、夹角
【专题】31:数形结合;44:数形结合法;:平面向量及应用
【分析】以为原点,以所在的直线为轴,建立平面直角坐标系,根据向量的坐标运算求得,
当该直线与直线相交时,取得最大值.
【解答】解:中,,,,
,,,;
以为原点,以所在的直线为轴,建立如图所示的坐标系,
如图所示,
,,,
,,,,
设点为,,,
,
,,,,,
,
,①
直线的方程为,②,
联立①②,得,
此时最大,
.
故选:.
【点评】本题考查了向量在几何中的应用问题,建立直角坐标系是解题的关键,是中档题.
12.(5分)定义在上的函数满足,(2),则关于的不等式的解集为
A.B.,C.D.
【考点】:利用导数研究函数的单调性
【专题】:转化法;33:函数思想;52:导数的概念及应用
【分析】根据题意,令,,对其求导分析可得在上为增函数,原不等式可以转化为(2),结合函数的单调性分析可得答案.
【解答】解:根据题意,令,
其导数,
若函数满足,则有,
即在上为增函数,
又由(2),则(2)(2),
(2),
又由在上为增函数,则有;
即不等式的解集为;
故选:.
【点评】本题考查了函数的单调性问题,考查导数的应用,构造函数是解题的关键.
二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.
13.(5分)在区间上随机取一个实数,则事件“”发生的概率是 .
【考点】:几何概型
【专题】11:计算题;:概率与统计
【分析】解三角不等式,即,即,又,解得:,即:,
由几何概型中的线段型得:(A),故得解
【解答】解:因为,
所以,
即,
又,
解得:,
即:,
设“”为事件,
由几何概型中的线段型可得:
(A),
故答案为:.
【点评】本题考查了解三角不等式及几何概型中的线段型,属中档题.
14.(5分)已知向量,,,,则与夹角的余弦值为 .
【考点】:平面向量共线(平行)的坐标表示
【专题】:平面向量及应用;34:方程思想;:定义法
【分析】设向量,根据平面向量的坐标运算与共线、垂直和夹角的余弦值,计算即可.
【解答】解:设向量,则,
又,且,,
,
解得,
,;
与夹角的余弦值为:
,.
故答案为:.
【点评】本题考查了平面向量的坐标运算与应用问题,是基础题.
15.(5分)实数,满足,目标函数的最大值为 .
【考点】:简单线性规划
【专题】11:计算题;31:数形结合;49:综合法;:不等式
【分析】由已知画出可行域,利用目标函数的几何意义求最大值.
【解答】解:实数,满足,如图区域为开放的阴影部分,
由解得,
函数过点时,.
故答案为:.
【点评】本题考查了简单线性规划问题;正确画出可行域,利用目标函数的几何意义求最值是解答的关键.
16.(5分)如图,在四棱锥中,底面,,,,,若为棱上一点,满足,则 .
【考点】:棱锥的结构特征
【专题】31:数形结合;:空间位置关系与距离;41:向量法
【分析】以为坐标原点,分别以,,所在直线为,,轴建立空间直角坐标系,设,则,分别求出与的坐标,由数量积为0求解值即可.
【解答】解:如图,
底面,,
以为坐标原点,分别以,,所在直线为,,轴建立空间直角坐标系,
由,,得,0,,,0,,,2,,,0,,
设,则,
.
.
,
由,得,即.
故答案为:.
【点评】本题考查空间中直线与直线垂直的应用,考查数量积与向量垂直的关系,是中档题.
三、解答题:共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第17~21题为必考题,每个试题考生都必须作答.第22、23为选考题,考生根据要求作答
17.(12分)在等差数列中,,其前项和为,等比数列的各项均为正数,,且,.
(1)求数列和的通项公式;
(2)设,求数列的前项和.
【考点】:数列的求和
【专题】54:等差数列与等比数列;38:对应思想;11:计算题;:转化法
【分析】(1)利用等差数列与等比数列的通项公式即可得出.
(2)利用“错位相减法”与等比数列的求和公式即可得出.
【解答】解:(1)设等差数列公差为,等比数列的公比为,
则,
解得,,
所以,;
(2).
数列的前项和,
,
【点评】本题考查了“错位相减法”、等差数列与等比数列的通项公式及其求和公式,考查了推理能力与计算能力,属于中档题.
18.(12分)某品牌经销商在一广场随机采访男性和女性用户各50名,其中每天玩微信超过6小时的用户列为“微信控”,否则称其为“非微信控”,调查结果如下:
微信控 | 非微信控 | 合计 | |
男性 | 26 | 24 | 50 |
女性 | 30 | 20 | 50 |
合计 | 56 | 44 | 100 |
(1)根据以上数据,能否有的把握认为“微信控”与“性别”有关?
(2)现从调查的女性用户中按分层抽样的方法选出5人,求所抽取的5人中“微信控”和“非微信控”的人数;
(3)从(2)中抽取的5位女性中,再随机抽取3人赠送礼品,试求抽取3人中恰有2人位“微信控”的概率.
参考公式:,其中.
参考数据:
0.50 | 0.40 | 0.25 | 0.15 | 0.10 | 0.05 | 0.025 | |
0.455 | 0.708 | 1.323 | 2.072 | 2.706 | 3.841 | 5.024 |
【考点】:独立性检验
【专题】12:应用题;38:对应思想;:数学模型法;:概率与统计
【分析】(1)由列联表求得观测值,对照临界值得出结论;
(2)根据分层抽样原理求出所抽取的对应人数;
(3)利用列举法求出基本事件数,计算所求的概率值.
【解答】解:(1)由列联表可得
,
所以没有的把握认为“微信控”与“性别”有关;
(2)根据题意知,所抽取的5位女性中,
“微信控”有3人,“非微信控”有2人;
(3)抽取的5位女性中,“微信控”3人分别记为,,;
“非微信控”2人分别记为,;
则再从中随机抽取3人构成的所有基本事件为:
,,,,,,,,,,共有10种;
抽取3人中恰有2人为“微信控”所含基本事件为:
,,,,,,共有6种,
所求的概率为.
【点评】本题考查了独立性检验与列举法求古典概型的概率问题,是基础题.
19.(12分)如图,直角梯形与等腰真角三角形所在的平面互相垂直.,,,.
(1)求证:;
(2)求证:平面平面;
(3)线段上是否存在点,使平面?若存在,求出的值;若不存在,说明理由.
【考点】:平面与平面垂直;:空间中直线与直线之间的位置关系
【专题】49:综合法;14:证明题;31:数形结合;:空间位置关系与距离
【分析】(1)取中点,连结,,推导出,,从而平面,由此能证明.
(2)推导出平面,,,从而平面,由此能证明平面平面.
(3)连结,交于,推导出,由此能证明平面.
【解答】证明:(1)取中点,连结,,
由等腰直角三角形得:
,,,
四边形是直角梯形,,,
四边形是正方形,,,
平面,.
(2)平面平面,
平面平面,且,
平面,,
,,
平面,平面,
平面平面.
解:(3)存在点,且时,有平面.
连结,交于,
四边形为直角梯形,,
,
又,,
,
平面,平面,
平面.
【点评】本题考查线线垂直、面面垂直的证明,考查满足线面平行的点是否存在的判断与求法,考查空间中线线、线面、面面间的位置关系等基础知识,考查运算求解能力,考查数形结合思想,是中档题.
20.(12分)设椭圆的左焦点为,离心率为.为圆的圆心.
(Ⅰ)求椭圆的方程;
(Ⅱ)已知过椭圆右焦点的直线交椭圆于,两点,过且与垂直的直线与圆交于,两点,求四边形面积的取值范围.
【考点】:椭圆的标准方程;:直线与椭圆的综合
【专题】15:综合题;38:对应思想;:转化法;:圆锥曲线的定义、性质与方程
【分析】(Ⅰ)由题意求得,的值即可确定椭圆方程;
(Ⅱ)分类讨论,设直线代入椭圆方程,运用韦达定理和弦长公式,可得,根据点到直线的距离公式可求出,再由四边形的面积公式,化简整理,运用不等式的性质,即可得到所求范围
【解答】解:(Ⅰ)由题意知,则,
圆的标准方程为,从而椭圆的左焦点为,即,
所以,又.
所以椭圆的方程为:.
(Ⅱ)可知椭圆右焦点.
(ⅰ)当与轴垂直时,此时不存在,直线,直线,
可得:,,四边形面积12.
(ⅱ)当与轴平行时,此时,直线,直线,
可得:,,四边形面积为.
当与轴不垂直时,设的方程为,,,,.
由得.
则.
所以.
过点且与垂直的直线当与轴不垂直时,
,则圆心到的距离为,
所以
故四边形面积:.
可得当与轴不垂直时,四边形面积的取值范围为,.
综上,四边形面积的取值范围为,.
【点评】本题考查轨迹方程的求法,注意运用椭圆和圆的定义,考查直线和椭圆方程联立,运用韦达定理和弦长公式,以及直线和圆相交的弦长公式,考查不等式的性质,属于难题.
21.(12分)已知函数,.
(1)求函数的极值;
(2)若不等式对恒成立,求的取值范围.
【考点】:函数恒成立问题;:利用导数研究函数的单调性;:利用导数研究函数的极值;:不等式恒成立的问题
【专题】11:计算题;32:分类讨论;33:函数思想;34:方程思想;35:转化思想;49:综合法;53:导数的综合应用
【分析】(1)化简函数的解析式,利用函数的导数,通过与0以及1的大小,判断导函数的单调性求解函数的极值;
(2)设,,设,则,,,,利用函数的单调性,通过①当时,②当时,③当时,判断函数的单调性转化求解的取值范围.
【解答】解:(1),,
的定义域为,
①,即时,在上递减,
在上递增,,无极大值;
②,即时,在和上递增,在上递减,,(1);
③,即时,在上递增,没有极值;
④,即时,在和上递增,在上递减,
(1),.
综上可知:时,,无极大值;
时,,
(1);时,没有极值;
时,(1),.
(2)设,,
设,则,,,,
在,上递增,的值域为,
①当时,,为,上的增函数,
,适合条件;
②当时,,不适合条件;
③当时,对于,,
令,,
存在,使得时,,
在上单调递减,,
即在时,,不适合条件.
综上,的取值范围为.
【点评】本题考查函数的导数的应用,函数的极值以及函数的单调性的应用,考查分类讨论思想的应用,难度比较大.
[选修4-4:坐标系与参数方程]
22.(10分)在平面直角坐标系中,曲线的参数方程为为参数),以坐标原点为极点,轴的正半轴为极轴的极坐标系中,曲线的极坐标方程为,曲线的极坐标方程为.
(1)把曲线的参数方程化为极坐标方程;
(2)曲线与曲线交于,,与曲线交于,,求.
【考点】:简单曲线的极坐标方程;:参数方程化成普通方程
【专题】11:计算题;35:转化思想;:转化法;:坐标系和参数方程
【分析】(1)曲线的参数方程消去参数得曲线的普通方程,由,,能求出曲线的极坐标方程.
(2)设点的极坐标为,点的极坐标为,则,,由此能求出.
【解答】解:(1)曲线的参数方程为为参数),
消去参数得曲线的普通方程为,即,
由,,得曲线的极坐标方程为.
(2)设点的极坐标为,点的极坐标为,
则,,
.
【点评】本题考查直线的极坐标方程的求法,考查线段长的求法,考查极坐标方程、直角坐标方程、参数方程的互化,考查推理论证能力、运算求解能力,考查化归与转化思想、函数与方程思想,是中档题.
[选修4-5:不等式选讲]
23.设函数.
(1)解不等式;
(2)当,时,证明:.
【考点】:绝对值三角不等式;:绝对值不等式的解法
【专题】38:对应思想;:转化法;59:不等式的解法及应用
【分析】(Ⅰ)运用绝对值的定义,去掉绝对值,得到分段函数,再由各段求范围,最后求并集即可;
由分段函数可得的最大值,再由基本不等式求得的最小值,即可得证.
【解答】解:(Ⅰ)由已知可得:,
由时,成立;时,,即有,则为.
故的解集为.(5分)
由(Ⅰ)知,;
,
.(10分)
【点评】本题考查绝对值不等式的解法,考查不等式恒成立,注意转化为函数的最值,考查基本不等式的运用:求最值,考查运算能力,属于中档题.
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日期:2019/4/12 22:14:12;用户:tp;邮箱:lsgjgz137@xyh.com;学号:21474120