2021浙江高考数学难不难
06月08日
2015---2016学年(高二)年级上学期期中考试(数学理)学科试卷
说明:1、此试卷分第I卷(选择题)和第II卷(非选择题)两部分。
一、选择题(本大题共12个小题,每小题5分,共60分,每小题只有一个正确选项) |
第I卷(选择题)
一、选择题(本大题共12个小题,每小题5分,共60分,每小题只有一个正确选项) |
1.【答案】C
【解析】
试题分析:赋值语句用来表明赋给某一个变量一个具体的确定值的语句,根据特点只有C符合
考点:赋值语句
2.【答案】D
【解析】
试题分析:由题意可得,,从而可得,故答案为D.
考点:空间向量共线的条件.
3.【答案】B
【解析】
试题分析:由于抛物线的焦点为,又因为双曲线的一个焦点与抛物线的焦点相同,所以双曲线的半焦距;从而,
所以双曲线的渐近线方程为;
故选B.
考点:双曲线与抛物线的简单几何性质.
4. 【答案】D
【解析】
试题分析:对于A 命题“若x2=1,则x=1”的否命题为:“若x2≠1,则x≠1”,故不正确.
对于B 由“x=-1”“x2-5x-6=0”但“x2-5x-6=0”不能推出“x=-1”,故“x=-1”是“x2-5x-6=0”的充分不必要条件,故不正确.
对于C 命题“∃x∈R,使得x2+x+1<0”的否定是:“∀x∈R,均有x2+x+10”,故不正确.
对于D 命题“若x=y,则sin x=sin y”的逆否命题为“若sin x=sin y,则x=y”显然是真命题,故正确.
故选:D.
考点:1.命题的四种形式与真假的判断;2特称命题的否定.
5.【答案】D
【解析】
试题分析:,而点不在内,故
考点:直线与平面的位置关系
6.【答案】C
【解析】
试题分析:因为恒成立,所以命题为真命题,因为恒成立,所以为假命题,根据复合命题的真值表,可知为真命题,故选C.
考点:复合命题真值表.
7.【答案】C
【解析】
试题分析:由题根据抛物线定义不难得到所求点A的横坐标,进而得到点A的坐标即可;
由题根据抛物线定义可得A点横坐标为2,所以纵坐标为,故选C.
考点:抛物线的性质
8.【答案】A
【解析】
试题分析:直线过定点,该点在椭圆内部,因此直线与椭圆相交
考点:直线与椭圆的位置关系
9.【答案】D
【解析】
试题分析:对于选项A,根据面面垂直的判定定理可知,缺少条件m⊂α,故不正确;
对于选项B,因为α与β可能平行,也可能相交,所以m与β不一定垂直,故不正确;
对于选项C,因为α与β可能平行,也可能相交,所以m与β不一定垂直,故不正确;
对于选项D,由n⊥α,n⊥β,可得α∥β,而m⊥α,则m⊥β,故正确,故选D.
考点:线面垂直的判定与性质、充分条件.
10.【答案】C
【解析】
试题分析:由程序框图知,要使此时程序结束需有.
考点:流程图的应用。
11.【答案】B
【解析】
试题分析:
由题意;又,,,.故选B.
考点:平面向量的基本定理.
12.【答案】A
【解析】
试题分析:由题意过且垂直于的直线方程为,它与的交点坐标为,所以点的坐标为,因为点在双曲线上,,可得,所以选A.
考点:双曲线的性质的应用.
第II卷(非选择题)
二、填空题(本大题共4个小题,每小题5分,共20分)
13.【答案】充分不必要条件
【解析】
试题分析:与同号,所以,解得或.
考点:双曲线的标准方程
14.【答案】
【解析】
试题分析:第一圈,y=4,x=y=4,y=1,否;
第二圈,x=1,y=,否;
第三圈,x=,y=,s是,输出y=
考点:本题主要考查程序框图功能识别。
点评:简单题,算法问题已成为高考必考内容,一般难度不大,像这种程序框图的填充问题,通过逐步运行结果,计算即可。
15.【答案】
【解析】
试题分析:椭圆两个焦点分别是,设,则
,,因为,
代入可得,而,的取值范围是
考点:椭圆的几何性质
16.【答案】
【解析】
试题分析:由抛物线的定义得.
考点:抛物线.
三、解答题(本大题共6个小题,共70分,解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤)
17.【答案】.
【解析】
试题解析:解:由得, , 故3分
由6分
若是的必要而不充分条件,
的必要而不充分条件, 即9分
11分
故所求的取值范围是12分.
考点:充分必要条件的判断.
18.【答案】(1)(2)
【解析】
试题解析:(1)以为坐标原点,建立如图所示的空间直角坐标系,
则,,,,,,
∴,,
∵,
∴异面直线与所成角的余弦值为.
(2)设平面的法向量为,因为,,
∴,即,取,得,,∴,
取平面的一个法向量为,设平面与平面所成的二面角的大小为,
由,得,
故平面与平面所成二面角的正弦值.
考点:1.空间向量;2.异面直线所成角;3.二面角的计算.
19.【答案】(1);(2)存在实数使得以线段AB为直径的圆恰好经过坐标原点O.
【解析】
试题解析:(1)设椭圆的焦半距为c,则由题设,得,
解得,所以,
故所求椭圆C的方程为.
(2)存在实数k使得以线段AB为直径的圆恰好经过坐标原点O.
理由如下:
设点,,
将直线的方程代入,
并整理,得.(*)
则,.
因为以线段AB为直径的圆恰好经过坐标原点O,
所以,即.
又,
于是,解得,
经检验知:此时(*)式的Δ>0,符合题意.
所以当时,以线段AB为直径的圆恰好经过坐标原点O.
考点:椭圆的标准方程及其几何性质、直线与椭圆的位置关系.
20.【答案】(1)详见解析;(2);(3)
【解析】
试题解析:(1)∵、分别为、的中点,∥
∴∥,即四点共面
∵N是PB的中点,PA=AB, ∴AN⊥PB.
∵AD⊥面PAB, ∴AD⊥PB.
又∵
∴PB⊥平面ADMN.
(2)连结DN,∵PB⊥平面ADMN,
∴∠BDN是BD与平面ADMN所成的角.
在中,
∴BD与平面ADMN所成的角是.
(3)作于点,连结
∵⊥底面∴
∴∴
∴就是二面角的平面角
若,则
由可解得
∴当时,二面角的平面角为45°
考点:1.线面垂直的判定;2.线面所成角;3.二面角
21.【答案】(1),(2)
【解析】
试题解析:(1)由条件得:,解得,所以椭圆的方程为
(2)设的方程为,点
由消去得.
令,解得,由韦达定理得.
则由弦长公式得.
又点P到直线的距离,
∴,
当且仅当,即时取得最大值.∴△PAB面积的最大值为2.
考点:待定系数法求椭圆的标准方程;韦达定理、弦长公式及利用基本不等式求最值.
22.【答案】(Ⅰ),;(Ⅱ);(Ⅲ).
【解析】
试题解析:解:(Ⅰ)设椭圆的半焦距为,由题意知:,2a+2c=4(+1)所以a=2,c=2,
又=,因此b=2。故椭圆的标准方程为
由题意设等轴双曲线的标准方程为,因为等轴双曲线的顶点是椭圆的焦点。
所以m=2,
因此双曲线的标准方程为
(Ⅱ)设P(),
则=,。
因为点P在双曲线上,所以。
因此,即
(Ⅲ)设A(,),B(),由于的方程为,将其代入椭圆方程得
所以,所以
同理可得.
则,
又,
所以.
故恒成立.
考点:1.椭圆与双曲线的标准方程;2.直线与圆锥曲线的位置关系.