2021浙江高考数学难不难
06月08日
国兴中学2016—2017学年度高三第一学期第二次月考数学试卷
(时间:2016-10-22120分钟 满分:150分)
第Ⅰ卷(选择题 共60分)
一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,满分60分).
1.已知集合,,则 ( )
2.平面向量,共线的充要条件是( )
C.,D. 存在不全为零的实数
3.在中,,,则下列各式中正确的是( )
4.已知向量,向量则的最大值,
最小值分别是( )
A.B.C.D.
5.设角的终边经过点, 则的值等于( )
6.设函数的图像在点处切线的斜率为,则函数的图像为( )
7.函数为奇函数,该函数的部分图象如图所表示,
分别为最高点与最低点,并且两点间的距离为,则该函数的一条对称轴为( )
8.等差数列,的前项和分别为若,则=( )
A.B.C.D.
9.已知,则的值是( )
10.在中,是的中点,,点在上且满足,
则等于( )
11.将函数的图象向右平移个单位后得到函数的图象,若对满足的,有,则 ( )
A.B.C.D.
12.已知是定义在上的减函数,其导函数满足,则下列结论正确的是( )
A.对于任意,B.对于任意,
C.当且仅当,D.当且仅当,
第Ⅱ卷 (非选择题 共90分)
二、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分,把答案填在题中的横线上)
13.设向量,.若,则实数_____.
14.已知数列满足,,,
则________.
15.若在中,则=_______。
16.设是等比数列,公比,为的前项和.记设为数列的最大项,则 .
17.(本大题12分)
已知函数,若的一条对称轴
离最近的对称中心的距离为.
(1)求的单调递增区间;
(2)在中角的对边满足,且恰是
的最大值,试判断的形状.
18.(本大题12分)
$来&源:设数列的前项和,数列的前项和为,满足。
(1)求的值;
(2)求数列的通项公式.
19.(本大题12分)
已知在递增等差数列中,,是和的等比中项.
(1)求数列的通项公式;
(2)若,为数列的前项和,是否存在实数,
使得,对于任意的恒成立?若存在,请求实数的
取值范围,若不存在,试说明理由.
20.(本大题12分)
设的三个内角所对的边分别为,向量,,且.
(1)求A的大小;$来&源:
(2)现在给出下列三个条件:①;②;③,
试从中选择两个条件以确定,求出所确定的的面积.
21.(本大题12分)
已知函数.
(1)当时,求函数在点处的切线方程;
(2)求函数的单调区间;
(2)若在上恒成立,求的取值范围.
【选修4-1:几何证明选讲】
22.如图,正方形边长为2,以为圆心、为半径的圆弧与以为
资*源%库直径的半圆交于点,连结并延长交于点.
(Ⅰ)求证:;(Ⅱ)求的值.
【选修4-4:坐标系与参数方程】
23.在平面直角坐标系中,直线的参数方程为(为参数),在以直角
坐标系的原点为极点,轴的正半轴为极轴的极坐标系中,曲线的极坐标
方程为.
(Ⅰ)求曲线的直角坐标方程和直线的普通方程;
(Ⅱ)若直线与曲线相交于两点,求的面积.
【选修4-5:不等式选讲】
24.设函数.
(Ⅰ)若不等式的解集为,求实数的值;
(Ⅱ)在(Ⅰ)的条件下,若不等式的解集非空,
求实数的取值范围.
国兴中学2016—2017学年度高三第一学期第二次月考数学试卷参考答案
(时间:2016-10-21120分钟 满分:150分)
第Ⅰ卷(选择题 共60分)
一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,满分60分).
1.解:A.,,所以
2.解:D.A.,共线不一定同向;B.,是非零向量也可以共线;
C.,,当时不成立。
3.解:A.,所以
也就是
4.解:D.
5.解:C. 点P在单位圆上,故,
。
6.解:B. 由得,即,易见,
为奇函数,且在上,。
7.解:A.为奇函数,故,代入得
,而,所以,
也就是,,。
8.解:B.
9.解:A.,所以
10.解:A.∵是的中点,知是边上的中线,
又由点在上且满足
∴是三角形的重心∴
又∵∴∴
11.解:D.,,
不妨取,则有
12.解:B.∵,是定义在上的减函数,∴,
∴,,
即,∴函数在上单调递增,
而时,,则时,,
即当时,,,
此时;
又是定义在上的减函数,∴时,也成立。
∴对任意成立。
第Ⅱ卷 (非选择题 共90分)
二、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分,把答案填在题中的横线上)
13.解:
即,所以,
14.解:因为
15.解:所以由余弦定理得:
,由正弦定理可得:
资*源%库16.解:
,因为,
当且仅当,即时取等号,所以当时有最大值.
17.解:(1)
,
∵的对称轴离最近的对称中心的距离为,∴T=π,
∴.
由得:,
∴函数单调增区间为;
(2)∵,由正弦定理可得
,
而,故有,
∴
∴
根据正弦函数的图象可知,无最小值,有最大值,
此时,即,∴,为等边三角形.
18.解:(1)当时由得,解得。
(2)当时有①,②
①-②得:③,则有④
③-④得:,,故
所以是以3为首项,公比为2的等比数列,
代入通项公式得,所以
19.解:(1)由为等差数列,设公差为,则,
∵是和的等比中项,
∴,即,
解得(舍)或,∴.
(2)存在.
,
∴的前项和
,
∴存在实数,使得对于任意的恒成立.
20.解:(1)因为,所以,
所以,
因为,所以,所以.
(2)方案一:选择①②,可以确定,
因为,,,
由余弦定理得:,
整理得:,,,
所以.
方案二:选择①③,可以确定,
因为,,,,
又.
由正弦定理得:,
所以.
21.解:(1)当时,,,
所以函数在点处的切线方程为
即:
(2)函数的定义域为:,
当时,恒成立,
所以在和上单调递增。
当时,令
即解得,
由得;由得;
资*源%库所以单调递增区间为;
单调递减区间为。
(3)因为在上恒成立,令,
则,
令则,若即时,,
函数在上单调递增,又,
所以在上恒成立;…
若即时,当时,
,单调递增;
当时,,单调递减;
所以在上的最小值为,
因为,所以不合题意。
即时,当时,
,单调递增;
当时,,单调递减,
所以在上的最小值为,所以恒成立。
综上所述可知,实数的取值范围是。
22。证明:(Ⅰ)由以为圆心为半径作圆,而为正方形,
∴为圆的切线
依据切割线定理得,
另外圆以为直径,∴是圆的切线,
同理依据切割线定理得,
故.
解:(Ⅱ)连结,∵为圆直径,∴,
由,得,
又在中,由射影定理得.
23.解:(Ⅰ)由曲线的极坐标方程是:,得.
∴由曲线的直角坐标方程是:.由直线的参数方程,得代入中消去得:,所以直线的普通方程为:。
(Ⅱ)将直线的参数方程代入曲线的直角方程得,
设两点对应的参数分别为,所以有:
,
而原点到直线的距离,所以
的面积:
24.解:(Ⅰ)∵,∴,,
∴.而的解集为,
故有,解得
(Ⅱ)由(Ⅰ)得∴由
化简
令,的图象如下。
要使不等的解集非空,只需,或,
∴的取值范是.