2021浙江高考数学难不难
06月08日
2014年福建高考数学试题(理)
一.选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.复数的共轭复数等于( )
2.某空间几何体的正视图是三角形,则该几何体不可能是( )
圆柱圆锥四面体三棱柱
3.等差数列的前项和,若,则( )
4.若函数的图像如右图所示,则下列函数图像正确的是( )
5. 阅读右图所示的程序框图,运行相应的程序,输出的得值等于( )
6. 直线与圆相交于两点,则“”是“的面积为”的( )
充分而不必要条件必要而不充分条件
充分必要条件既不充分又不必要条件
A.是偶函数B.是增函数
C.是周期函数D.的值域为
C.D.
9. 设分别为和椭圆上的点,则两点间的最大距离是( )
A.B.C.D.
10.用代表红球,代表蓝球,代表黑球,由加法原理及乘法原理,从1个红球和1个篮球中取出若干个球的所有取法可由的展开式表示出来,如:“1”表示一个球都不取、“”表示取出一个红球,面“”用表示把红球和篮球都取出来.以此类推,下列各式中,其展开式可用来表示从5个无区别的红球、5个有区别的黑球中取出若干个球,且所有的篮球都取出或都不取出的所有取法的是
A.B.
C.D.
12、在中,,则等于_________
13、要制作一个容器为4,高为的无盖长方形容器,已知该容器的底面造价是每平方米20元,侧面造价是每平方米10元,则该容器的最低总造价是_______(单位:元)
14、如图,在边长为(为自然对数的底数)的正方形中随机撒一粒黄豆,则他落到阴影部分的概率为______.
①;②;③;④有且只有一个是正确的,则符合条件的有序数组的个数是_________.
已知函数.
17.(本小题满分12分)
在平行四边形中,,.将沿折起,使得平面平面,如图.
18.(本小题满分13分)
为回馈顾客,某商场拟通过摸球兑奖的方式对1000位顾客进行奖励,规定:每位顾客从一个装有4个标有面值的球的袋中一次性随机摸出2个球,球上所标的面值之和为该顾客所获的奖励额.
(Ⅰ)若袋中所装的4个球中有1个所标的面值为50元,其余3个均为10元,求
(ⅰ)顾客所获的奖励额为60元的概率
(ⅱ)顾客所获的奖励额的分布列及数学期望;
(Ⅱ)商场对奖励总额的预算是60000元,并规定袋中的4个球只能由标有面值10元和
50元的两种球组成,或标有面值20元和40元的两种球组成.为了使顾客得到的奖励
总额尽可能符合商场的预算且每位顾客所获的奖励额相对均衡,请对袋中的4个球
的面值给出一个合适的设计,并说明理由.
19.(本小题满分13分)
已知双曲线的两条渐近线分别为.
(Ⅰ)求双曲线的离心率;
(Ⅱ)如图,为坐标原点,动直线分别交直线于两点(分别在第一,四象限),且的面积恒为8,试探究:是否存在总与直线有且只有一个公共点的双曲线?若存在,求出双曲线的方程;若不存在,说明理由。
20. (本小题满分14分)
已知函数(为常数)的图像与轴交于点,曲线在点处的切线斜率为-1.
(Ⅰ)求的值及函数的极值;
(Ⅱ)证明:当时,;
(Ⅲ)证明:对任意给定的正数,总存在,使得当,恒有.
(1)(本小题满分7分)选修4—2:矩阵与变换
已知矩阵的逆矩阵.
(Ⅰ)求矩阵;
(Ⅱ)求矩阵的特征值以及属于每个特征值的一个特征向量.
(2)(本小题满分7分)选修4—4:极坐标与参数方程
已知直线的参数方程为,(为参数),圆的参数方程为,(为常数).
(Ⅰ)求直线和圆的普通方程;
(Ⅱ)若直线与圆有公共点,求实数的取值范围.
(3)(本小题满分7分)选修4—5:不等式选将
已知定义在R上的函数的最小值为.
(Ⅰ)求的值;
(Ⅱ)若为正实数,且,求证:.
参考答案
一、选择题:本大题考查基础知识和基本运算。每小题5分,满分50分。
1.C2.A3.C4.B5.B6.A7.D8.B9.D10.A
二、填空题:本大题考查基础知识和基本运算。每小题4分,满分20分。
11. 112.13. 16014.15. 6
三、解答题:本大题共6小题,共80分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤。
16.本小题主要考查同角三角函数的基本关系、二倍角公式、两角和与差的三角函数公式及三角函数的图像与性质等基础知识,考查运算求解能力,考查化归与转化思想。满分13分。
解法一:
(Ⅰ)因为,,所以
所以
(Ⅱ)因为
所以
由,得
所以的单调递增区间为
解法二:
(Ⅰ)因为,,所以
从而
(Ⅱ)
由,得
所以的单调递增区间为
17.本小题主要考查空间直线与直线、直线与平面、平面与平面的位置关系等基础知识,考查空间想象能力、推理论证能力、运算求解能力,考查数形结合思想、化归与转化思想、函数与方程思想。满分13分。
解:
(Ⅰ)∵平面平面,平面平面平面,
,∴平面
又平面,∴
(Ⅱ)过点在平面内作,如图
由(Ⅰ)知平面,平面,平面,
∴
以为坐标原点,分别以的方向为轴,轴,轴的正方向建立空间直角坐标系
依题意,得,,,,,
则,,,
设平面的法向量,
则即
取,得平面的一个法向量
设直线与平面所成角为,
则,
即直线与平面所成角的正弦值为
17.本小题主要考查古典概型、离散型随机变量的分布列、数学期望、方差等基础知识,考查数据处理能力、运算求解能力、应用意识,考查必然与或然思想、分类与整合思想。满分13分。
解:
(Ⅰ)设顾客所获的奖励额为
(ⅰ)依题意,得
即顾客所获得的奖励额为60元的概率为
(ⅱ)依题意,得的所有可能取值为20,60
,,
即的分布列为
20 | 60 | |
0.5 | 0.5 |
所以顾客所获得奖励额的期望为(元)
(Ⅱ)根据商场的预算,每个顾客的平均奖励额为60元。所以,先寻找期望为60元的可能方案。对于面值由10元和50元组成的情况,如果选择(10,10,10,50)的方案,因为60元是面值之和的最大值,所以期望不可能为60元;如果选择(50,50,50,10)的方案,因为60元是面值之和的最小值,所以期望也不可能为60元,因此可能的方案是(10,10,50,50),记为方案1.
对于面值由20元和40元组成的情况,同理可排除(20,20,20,40)和(40,40,40,20)的方案,所以可能的方案是(20,20,40,40),记为方案2.
以下是对两个方案的分析:
对于方案1,即方案(10,10,50,50),设顾客所获的奖励额为,则的分布列为
20 | 60 | 100 | |
的期望为,
的方差为
对于方案2,即方案(20,20,40,40),设顾客所获的奖励额为,则的分布列为
40 | 60 | 80 | |
的期望为,
的方差为
由于两种方案的奖励额的期望都符合要求,但方案2奖励额的方差比方案1的小,所以应该选择方案2.
注:第(Ⅱ)问,给出方案1或方案2的任一种方案,并利用期望说明所给方案满足要求,给3分;进一步比较方差,说明应选择方案2,再给2分。
19.本小题主要考查双曲线的方程与性子、直线与圆锥曲线的位置关系等基础知识,考查抽象概括能力、推理论证能力、运算求解能力,考查特殊与一般思想、数形结合思想、分类与整合思想、函数与方程思想。满分13分。
解法一:
(Ⅰ)因为双曲线的渐近线分别为,
所以,
所以,
故,
从而双曲线的离心率
(Ⅱ)由(Ⅰ)知,双曲线的方程为
设直线与轴相交于点
当轴时,若直线与双曲线有且只有一个公共点,
则,
又因为的面积为8,
所以,
因此,解得,
此时双曲线的方程为
若存在满足条件的双曲线,则的方程只能为
以下证明:当直线不与轴垂直时,双曲线也满足条件。
设直线的方程为,依题意,得或,
则,记
由得,同理得
由得,
,即
由得,
因为,
所以,
又因为,
所以,即与双曲线有且只有一个公共点
因此,存在总与有且只有一个公共点的双曲线,且的方程为
解法二:
(Ⅰ)同解法一
(Ⅱ)由(Ⅰ)知,双曲线的方程为
设直线的方程为
依题意得
由得,同理得
设直线与轴相交于点,则
由,得,
所以
由得,
因为,直线与双曲线有且只有一个公共点当且仅当
,
即,即,即,
所以,
因此,存在总与有且只有一个公共点的双曲线,且的方程为
解法三:
(Ⅰ)同解法一
(Ⅱ)当直线不与轴垂直时,设直线的方程为
依题意得或
由得,
因为,所以,
又因为的面积为8,
所以,又易知,
所以,化简得
所以,即
由(Ⅰ)得双曲线的方程为
由得,
因为,直线与双曲线有且只有一个公共点当且仅当
,
即,所以,
所以双曲线的方程为
当轴时,由的面积等于8可得,又易知与双曲线有且只有一个公共点
综上所述,存在总与有且只有一个公共点的双曲线,且的方程为
20.本小题主要考查基本初等函数的导数、导数的运算及导数的应用、全称量词与存在量词等基础知识,考查运算求解能力、抽象概括能力、推理论证能力,考查函数与方程思想、有限与无限思想、化归与转化思想、分类与整合思想、特殊与一般思想。满分14分。
解法一:
(Ⅰ)由,得
又,得
所以,
令,得
当时,,单调递减;
当时,,单调递增;
所以当时,取得极小值,
且极小值为,
无极大值。
(Ⅱ)令,则
由(Ⅰ)得,
故在上单调递增,又,
因此,当时,,即
(Ⅲ)① 若,则,又由(Ⅱ)知,当时,
所以当时,
取,当时,恒有
② 若,令,要使不等式成立,只要成立。
而要使成立,则只要,只要成立
令,则,
所以当时,在内单调递增
取,所以在内单调递增,
又,
易知,所以
即存在,当时,恒有
综上,对任意给定的正数,总存在,当时,恒有。
解法二:
(Ⅰ)同解法一
(Ⅱ)同解法一
(Ⅲ)对任意给定的正数,取,
由(Ⅱ)知,当时,,所以,
当时,,
因此,对任意给定的正数,总存在,当时,恒有。
解法三:
(Ⅰ)同解法一
(Ⅱ)同解法一
(Ⅲ)首先证明当时,恒有
证明如下:
令,则
由(Ⅱ)知,当时,,
从而在单调递减,
所以,即
取,当时,有
因此,对任意给定的正数,总存在,当时,恒有。
注:对的分类可有不同的方式,只要解法正确,均相应给分。
21.
(1)选修4-2:矩阵与变换
本小题主要考查逆矩阵、矩阵的特征值与特征向量等基础知识,考查运算求解能力,考查化归与转化思想。满分7分。
解:
(Ⅰ)因为矩阵是矩阵的逆矩阵,且,
所以
(Ⅱ)矩阵的特征多项式为,
令,得矩阵的特征值为或
所以是矩阵的属于特征值的一个特征向量,
是矩阵的属于特征值的一个特征向量。
(2)选修4-4:坐标系与参数方程
本小题主要考查直线与圆的参数方程等基础知识,考查运算求解能力,考查化归与转化思想。满分7分。
解:
(Ⅰ)直线的普通方程为
圆的普通方程为
(Ⅱ)因为直线与圆有公共点,
故圆的圆心到直线的距离,
解得
(3)选修4-5:不等式选讲
本小题主要考查绝对值不等式、柯西不等式等基础知识,考查运算求解能力,考查化归与转化思想。满分7分。
解:
(Ⅰ)因为,
当且仅当时,等号成立,
所以的最小值等于3,即
(Ⅱ)由(Ⅰ)知,又因为是正实数,
所以
,
即